Question

（2012•香坊区一模）已知：在△ABC中，AB=AC，点P是BC上一点，PC=2PB，连接AP，作∠APD=∠B交AB于点D．连接CD，交AP于点E．
（1）如图1，当∠BAC=90°时，则线段AD与BD的数量关系为

AD=

5

4

BD

；
（2）如图2，当∠BAC=60°时，求证：AD=

7

2

BD；
（3）在（2）的条件下，过点C作∠DCQ=60°交PA的延长线于点Q如图3，连接DQ，延长CA交DQ于点K，若CQ=

67

2

．求线段AK的长．

Answer 1

分析：（1）AD=

5

4

BD，理由为：如图1所示，由AB=AC及∠BAC=90°，得到三角形ABC为等腰直角三角形，可得出两个锐角为45°，再由∠APD=∠B，利用外角性质及角的加减，利用等量代换的思想得到∠BDP=∠APC，得出三角形PBD与三角形ACP相似，由相似得比例，设直角边AB=AC=3b，利用勾股定理表示出BC，再由PC=2PB，表示出BP和PC，再将表示的AC代入比例式，表示出BD，由AB-BD表示出AD，即可得出AD与BD的关系；
（2）如图2所示，由AB=AC及∠BAC=60°，得到三角形ABC为等边三角形，可得出∠B=∠BAC=∠ACB，且AB=AC=BC，由∠APD=∠B，利用外角性质及角的加减，利用等量代换的思想得到∠BDP=∠APC，得出三角形PBD与三角形ACP相似，由相似得比例，设三边上为3a，根据PC=2PB，表示出PC与BP，代入比例式中表示出BD，由AB-BD表示出AD，即可得出AD与BD的关系；
（3）过点D作DF⊥BC于F点，过D作DM⊥AC于M点，过Q作QN⊥CA交CA延长线于N点，如图3所示，由（2）表示出的AC，PB，PC，BD，AD，在直角三角形BFD中，由∠B=60°，得出∠BDF=30°，利用30°所对的直角边等于斜边的一半表示出BF，进而表示出DF，由BP-BF表示出PF，再由FP+PC表示出CF，在直角三角形CFD中，利用勾股定理表示出CD，由∠APD=∠B=60°，及∠DCQ=60°，得到∠APD=∠DCQ，再由一对对顶角相等，利用内角和定理推出∠PDE=∠CQE，由∠ACB=∠DCQ等号两边都减去∠ACD，得到∠PCD=∠ACQ，可得出三角形PCD与三角形ACQ相似，由相似得比例，根据CQ的长得出CD的长，确定出a的值，进而得出BD，AD，CF，DF的长，再由三角形FCD与三角形NCQ相似，由相似得比例，将已知的边代入求出CN与NQ的长，在直角三角形AMD中，由∠BAD=60°，得出∠ADM=30°，利用30°所对的直角边等于斜边的一半求出AM的长，进而得到DM的长，由AC-AM求出CM的长，再由CN-CM求出MN的长，由三角形DMK与三角形QNK相似，由相似得比例，得出KM与KN的比值，可得到KM与MN的比值，将MN的长代入求出KM的长，由KM-AM即可求出AK的长．

解答：（1）AD=

5

4

BD，理由为：
证明：∵AB=AC，∠BAC=90°，
∴△ABC为等腰直角三角形，
∴∠B=∠ACB=45°，
又∠CPD=∠B+∠BDP=∠APD+∠APC，且∠APD=∠B，
∴∠BDP=∠APC，
∴△PBD∽△ACP，
设AB=AC=3b，则有BC=3

2

b，
由PC=2PB，得到PB=

2

b，PC=2

2

b，
∴

BD

CP

=

PB

AC

，即

BD

2 2 b

=

2 b

3b

，
解得：BD=

4

3

b，
∴AD=AB-BD=3b-

4

3

b=

5

3

b，
则AD=

5

4

BD；
故答案为：AD=

5

4

BD．

（2）证明：∵AB=AC，∠BAC=60°，
∴△ABC为等边三角形，
∴∠BAC=∠ACB=∠B=60°，AB=AC=BC，
设AB=AC=BC=3a，由PC=2PB，得到PB=a，PC=2a，
∵∠CPD=∠B+∠BDP=∠APD+∠APC，且∠APD=∠B，
∴∠BDP=∠APC，
∴△PBD∽△ACP，
∴

BD

CP

=

PB

AC

，即

BD

2a

=

a

3a

，
∴BD=

2

3

a，
∴AD=AB-BD=3a-

2

3

a=

7

3

a，
∴AD=

7

2

BD；

（3）解：过点D作DF⊥BC于F点，过D作DM⊥AC于M点，过Q作QN⊥CA交CA延长线于N点，

由（2）知：AC=3a，PB=a，PC=2a，BD=

2

3

a，AD=

7

3

a，
在Rt△DFB中，∠B=60°，可得出∠BDF=30°，
∴BF=

1

3

BD=

1

3

a，DF=

3

3

a，
∴PF=PB-BF=

2

3

a，
∴CF=PF+PC=

8

3

a，
在Rt△CFD中，根据勾股定理得：CD²=CF²+DF²，
解得：CD=

67

3

a，
∵∠APD=∠B=60°，又∠DCQ=60°，
∴∠APD=∠DCQ，
∵∠PED=∠CEQ，
∴∠PDE=∠CQE，又∠ACB=60°，
∴∠ACB-∠ACD=∠DCQ-∠ACD，即∠PCD=∠ACQ，
∴△PCD∽△ACQ，
∴

CD

CQ

=

PC

CA

=

2a

3a

=

2

3

，又CQ=

67

2

，
∴CD=

67

3

，即

67

3

a=

67

3

，
解得：a=1，
∴BD=

2

3

，AD=

7

3

，CF=

8

3

，DF=

3

3

，
∵∠CFD=∠CNQ=90°，∠FCD=∠NCQ，
∴△FCD∽△NCQ，
∴

DF

NQ

=

CF

CN

=

CD

CQ

，
∴CN=4，NQ=

3

2

，
∵在Rt△AMD中，∠DAM=60°，
∴∠BDF=30°，
∴AM=

7

6

，DM=

7 3

6

，
∴CM=AC-AM=

11

6

，
∴MN=CN-CM=

13

6

，
∵∠DMK=∠QNK=90°，∠DKM=∠QKN，
∴△DMK∽△QNK，
∴

KM

KN

=

DM

QN

=

7

3

，即KM=

7

3

KN，
∴KM=

7

10

MN=

7

10

×

13

6

=

91

60

，
则AK=KM-AM=

91

60

-

7

6

=

7

20

．

点评：此题属于相似形综合题，涉及的知识有：相似三角形的判定与性质，等腰直角三角形的判定与性质，等边三角形的判定与性质，含30°直角三角形的性质，利用了转化及等量代换的数学思想，是一道难道较强的压轴题．