Question

已知：直角三角形AOB中，∠AOB=90°，OA=3厘米，OB=4厘米．以O为坐标原点如图建立平面直角坐标系．设P、Q分别为AB边，OB边上的动点，它们同时分别从点A、O向B点匀速运动，移动的速度都为1厘米每秒．设P、Q运动的时间为t秒（0≤t≤4）．
（1）求△OPQ的面积S与（厘米²）与t的函数关系式；并指出当t为何值时S的最大值是多少？
（2）当t为何值时，△BPQ和△AOB相似；
（3）当t为何值时，△OPQ为直角三角形；
（4）①试证明无论t为何值，△OPQ不可能为正三角形；
②若点P的移动速度不变，试改变点Q的运动速度，使△OPQ为正三角形，求出点Q的运动速度和此时的t值．

Answer 1

分析：（1）可用t表示出OQ，BP的长，三角形OPQ中，OQ边上的高可用BP的长和∠PBO的正弦值求出，由此可得出关于S，t的函数关系式．
（2）本题分两种情况：
①∠BQP=∠BOA，此时PQ∥OA，那么BQ=PB•cos∠PBO．由此可求出t的值．
②∠BPQ=∠BOA，此时BP=BQ•sin∠PBO．由此可求出t的值．
（3）本题中无非是两种情况OQ⊥PQ或OP⊥QP，可分别表示出PO、QO、PQ三条线段的长，然后用勾股定理进行求解即可．
（4）①如果三角形OPQ是正三角形那么（3）中表示三条线段长的表达式必然相等，可通过解方程求出此时t的值，如果方程无解则说明三角形OPQ不可能是正三角形．
②思路同①，设出Q点的速度，然后表示出三条线段的长，令三条线段的表达式相等，即可求出Q的速度和t的值．

解答：解：（1）S=-0.3t²+

3

2

t当t=

5

2

时，S最大=

15

8

．

（2）①∠BQP=∠BOA，在直角三角形BQP中，BP=

4

5

BQ，
即5-t=

4

5

（4-t），
解得t=0．
②∠BPQ=∠BOA，在直角三角形BPQ中，BQ=

4

5

BP，
即4-t=

4

5

（5-t），
解得t=9；
因为0≤t≤4，
∴t=9不合题意，舍去．
因此当t=0时，△BPQ和△AOB相似．

（3）若△OPQ为直角三角形，则OQ⊥PQ或OP⊥QP，设QP⊥OQ，
则PQ=

PB2-QB2

=

(5-t)2-(4-t)2

=

9-2t

．
PO=

PM2+OM2

=

( 4 5 t)2+(3- 3 5 t)2

=

t2- 18 5 t+9

．
OQ=

OP2-PQ2

=

t2- 18 5 t+9-9+21

=

t2- 81 5

≠t（t无解）．
∴QP不与OQ垂直
设OP⊥QP，则△OPQ∽△PNQ
∴

NQ

PQ

=

PQ

OQ

，

t 5

PQ

=

PQ

t

∴PQ²=

1

5

t²，PQ²=OQ²-OP²=t²-t²+

18

5

t-9=

18

5

t-9

1

5

t²=

18

5

t-9，
解得t=3，t=15（不合题意舍去）
∴当t=3是△OPQ是直角三角形．

（4）①PO=

t2- 18 5 t+9

，OQ=t，PQ=

( t 5 )2+(3- 3 5 t)2

令PO=OQ=PQ，解t无解
∴△OPQ不能成为正三角形．
②设Q的速度为x，则OQ=xt．
OP²=t²-

18

5

t+9，OQ²=x²t²，PQ²=

15

25

t²-

24

5

t+12
令OP²=OQ²=PQ²
解得x=

8

5

，t=

-15±20 3

13

舍去负值，则t=

20 3 -15

13

因此Q点的速度为

8

5

，
t=

20 3 -15

13

．

点评：本题考查二次函数的综合应用，其中涉及到的知识点有待定系数法求函数解析式和等腰梯形，圆的有关性质等．要熟练掌握才能灵活运用．