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5.如图,在△ABC中,∠CAB=70°,将△ABC在平面内绕点A旋转到△AB′C′的位置,使CC′∥AB,则旋转角的度数为(  )
A.35°B.40°C.50°D.70°

分析 根据旋转的性质求出∠C′AB′=∠CAB=70°,AC′=AC,求出∠C=∠AC′C=∠C′CA=70°,∠C′AC=∠BAB′=40°,根据平行线的性质得出∠C′CA=∠CAB=70°,求出∠C′AC即可.

解答 解:∵CC′∥AB,∠CAB=70°,
∴∠C′CA=∠CAB=70°,
∵将△ABC在平面内绕点A旋转到△AB′C′的位置,
∴∠C′AB′=∠CAB=70°,AC′=AC,
∴∠C=∠AC′C=∠C′CA=70°,
∴∠C′AC=180°-70°-70°=40°,
∴∠C′AC=∠BAB′=40°,
即旋转角的度数是40°,
故选B.

点评 本题考查了旋转的性质和平行线的性质,能灵活运用旋转的性质进行推理是解此题的关键.

练习册系列答案
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题

15.如图,在四边形ABCD中,点E在AD上,EC∥AB,EB∥DC,若△ABE面积为3,△ECD的面积为1,则△BCE的面积是(  )
A.$\sqrt{2}$B.$\frac{3}{2}$C.$\sqrt{3}$D.2

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16.下列各式正确的是(  )
A.$\sqrt{9}=±3$B.${(-\sqrt{4})^2}=16$C.$\sqrt{{{(-3)}^2}}=3$D.$-\sqrt{-\frac{81}{25}}=\frac{9}{5}$

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13.如图1,△ACB和△ECD都是等腰直角三角形,CA=CB,CE=CD,ACB的顶点A在△ECD的斜边DE上
(1)求证:AE2+AD2=2AC2
(2)如图2,若AE=2,AC=2$\sqrt{5}$,点F是AD的中点,直接写出CF的长是2$\sqrt{5}$.

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20.在以下“漳浦ZP、漳浦诚信、漳浦电视台、金浦家园”四个标志图案中,是中心对称图形的是(  )
A.B.C.D.

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10.如图,已知⊙O1与⊙O2相离,OP和OQ是它们的两条外公切线,线段O1O2的垂直平分线交射线OP于A,过点A分别作⊙O1、⊙O2的切线,分别交射线OQ于B、C两点,求证:△ABC是等腰三角形.

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17.在平面直角坐标系xOy中,抛物线y=x2-(k+1)x+k与x轴相交于A、B两点(点B位于点A的左侧),与y轴相交于点C.
(1)如图1,若k=2,直接写出AB的长:AB=1.
(2)若AB=2,则k的值为-1或3.
(3)如图2,若k=-3,
①求直线BC的解析式;
②点P是直线BC下方抛物线上的一个动点,试求△PBC的面积的最大值及此时点P的坐标.
(4)如图3,若k<0,且△ABC是等腰三角形,求k的值.

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14.如图1,在△ABC中,在BC边上取一点P,在AC边上取一点D,连AP、PD,如果△APD是等腰三角形且△ABP与△CDP相似,我们称△APD是AC边上的“等腰邻相似三角形”.
(1)如图2,在△ABC中AB=AC,∠B=50°,△APD是AB边上的“等腰邻相似三角形”,且AD=DP,∠PAC=∠BPD,则∠PAC的度数是30°;
(2)如图3,在△ABC中,∠A=2∠C,在AC边上至少存在一个“等腰邻相似△APD”,请画出一个AC边上的“等腰邻相似△APD”,并说明理由;
(3)如图4,在Rt△ABC中AB=AC=2,△APD是AB边上的“等腰邻相似三角形”求出AD长度的所有可能值.

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15.用加减法解方程$\left\{\begin{array}{l}{2x+3y=1}\\{3x-2y=8}\end{array}\right.$时,要使两个方程中同一未知数的系数相等或相反,有以下四种变形的结果
①$\left\{\begin{array}{l}{6x+9y=1}\\{6x-4y=8}\end{array}\right.$
②$\left\{\begin{array}{l}{4x+6y=1}\\{9x-6y=8}\end{array}\right.$
③$\left\{\begin{array}{l}{6x+9y=3}\\{-6x+4y=-16}\end{array}\right.$
④$\left\{\begin{array}{l}{4x+6y=2}\\{9x-6y=24}\end{array}\right.$
其中变形正确的是(  )
A.①②B.③④C.①③D.②④

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