Question

【题目】在“测定小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V．

（1）小明在连接的实验电路如图甲所示，在检查电路连接时，滑动变阻器的滑片应该移到A端，目的是 ．

（2）实验时，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为 V，此时电流表的示数如图乙所示，其示数为 A，那么小灯泡的额定功率是 W．

（3）小华为了得到比较准确的小灯泡额定功率，她用同一套器材做了三次实验，（她将电压表调到3.8V，图丙是其中一次实验所调的电压表示数），获得三组数据，并进行了数据处理，如表：

实验序号	电流表示数/A	额定功率/W	额定功率的平均值/W
1	0.7	2.698	P额==2.63
2	0.69	2.622
3	0.68	2.584

①她测得的功率有差异的主要原因是 ．

②这样处理数据的方法是否正确？ （正确/不正确），其理由是 ．

Answer 1

【答案】（1）保护电路；（2）.8； 0.7； 2.66；（3）①电压表、电流表读数有误差；②正确；三次实验都是测量灯泡的额定功率．

【解析】解：（1）在检查电路连接时，滑动变阻器的滑片应该移到A端，使其阻值最大，从而起到保护电路的作用；

（2）灯泡的额定功率为3.8V，要使灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为3.8V；

由图乙知，电流表的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为0.7A；则灯泡的额定功率：P=UI=3.8V×0.7A=2.66W；

（3）①由于在进行电压表和电流表的读数时，存在误差，所以测得的功率有差异；

②因为是用同一套器材测量灯泡的额定功率，所以可以通过求平均值的办法减小误差，做法正确．

故答案为：（1）保护电路；（2）.8； 0.7； 2.66；（3）①电压表、电流表读数有误差；②正确；三次实验都是测量灯泡的额定功率．