Question

（2013?栖霞区一模）在“测定小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V．

（1）小明在连接实验电路时还有导线未接上，如图甲所示，请用笔画线代替导线把图甲中的电路连接好（导线不得交叉）．
（2）在检查电路连接时，滑动变阻器的滑片应该移到

A

（选填“A”或“B”）端．
（3）实验时，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为

3.8

V，此时电流表的示数如图乙所示，其示数为

0.7

A，那么小灯泡的额定功率是

2.66

W．
（4）小华为了得到比较准确的小灯泡额定功率，她用同一套器材做了三次实验，（她将电压表调到3.8V，图丙是其中一次实验所调的电压表示数），获得三组数据，并进行了数据处理，如下表：

实验序号	电流表示数/A	额定功率/W	额定功率的平均值/W
1	0.71	2.698	P额= 2.698+2.622+2.584 3 =2.635
2	0.69	2.622
3	0.68	2.584

①她测得的功率有差异的主要原因是

电压表3.8V读数有误差（电流表读数有误差、电表读数有误差）

．
②这样处理数据的方法是否正确？

正确

（选填“正确”或“不正确”）．

Answer 1

分析：（1）将电压表与灯泡并联，根据灯泡的额定电压确定电压表的量程；
（2）在检查电路时或闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至最大阻值处；
（3）要使灯泡正常发光，灯泡两端的电压应等于其额定电压；
根据乙图读出电流表的示数，注意电流表的量程和分度值；
（4）由于在进行读数时，具有误差，所以虽然用同一套器材做了三次实验，结果也会有差别，此时可以用求平均值的方法来减小误差．

解答：解：（1）将电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表应选择0～15V的量程，如图所示：

（2）滑动变阻器的下面接了右边的B接线柱，所以在检查电路连接时，滑动变阻器的滑片应该移到A端，使其阻值最大；
（3）灯泡的额定功率为3.8V，要使灯泡正常发光，应移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为3.8V；
由图乙知，电流表的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为0.7A；
则P=UI=3.8V×0.7A=2.66W；
（4）①由于在进行电压表和电流表的读数时，存在误差，所以测得的功率有差异；
②因为是用同一套器材测量灯泡的额定功率，所以可以通过求平均值的办法减小误差，做法正确．
故答案为：（1）见上图；（2）A；（3）3.8； 0.7； 2.66；（4）电压表3.8V读数有误差（电流表读数有误差、电表读数有误差）； 正确．

点评：此题是“测定小灯泡额定功率”的实验，考查了电压表量程的选择，电压表、电流表的读数及电功率的计算，同时考查了减小误差的方法．