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    14．如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，两个电压表V1、V2分别 接入电路不同位置（图中未画出），闭合开关S，向右移动滑片P，发现电压表V1示数增大，电压表V2示数减小，下列判断中正确的是（　　）
    A．电压表V1测量的是电阻R1两端的电压
    B．电压表V2测量的是电源两端的电压
    C．在移动滑片的过程中，电阻R1与R2的电功率之比减小
    D．在移动滑片的过程中，电压表V1与V2的示数之和增大

    分析 由图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，据此确定两电压表的位置；根据串联电路的电流特点和P=I2R判断电阻R1与R2的电功率之比变化，根据串联电路的电压特点可知电压表V1与V2的示数之和的变化．

    解答 解：由图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，
    向右移动滑片P时，接入电路中的电阻增大，电路中的总电阻增大，
    由I=$\frac{U}{R}$可知，电路中的电流减小，
    由U=IR可知，定值电阻R1两端电压减小，
    因串联电路中总电压等于各分电压之和，
    所以，变阻器两端电压增大，
    故电压表V1测滑动变阻器R2两端的电压，电压表V2测定值电阻R1两端的电压，故AB错误；
    因串联电路中各处的电流相等，
    所以，由P=I2R可得，电阻R1与R2的电功率之比：
    $\frac{{P}_{1}}{{P}_{2}}$=$\frac{{I}^{2}{R}_{1}}{{I}^{2}{R}_{2}}$=$\frac{{R}_{1}}{{R}_{2}}$，
    则在移动滑片的过程中，电阻R1与R2的电功率之比减小，故C正确；
    因串联电路中总电压等于各分电压之和，即两电压表的示数之和等于电源的电压，
    所以，电压表V1与V2的示数之和不变，故D错误．
    故选C．

    点评 本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分析好滑片移动时两电阻两端的电压变化是关键．

    练习册系列答案
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    （2）将正方体小塑料块放在碗里的水中，其漂浮在水面上．用刻度尺量出小塑料块露出水面的高度为0.6cm．
    （3）在另一个碗中加入适量的酱油，使正方体小塑料块漂浮在酱油面上，用刻度尺测出小塑料块露出液面的高度为0.9cm．
    若正方体小塑料块在水中受到的浮力为F1，在酱油中受到的浮力为F2，则F1=（填“＞”“=”或“＜”）．酱油的密度为1.1×103kg/m3，小塑料块的密度是0.8×103kg/m3．（水的密度为1.0×103kg/m3）．

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    科目：初中物理 来源： 题型：实验探究题

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