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    11．如图所示是某型号超声波加湿器，通电工作时可改变空气的湿度．下表为其部分技术参数，其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积；加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值．
    额定加湿量Q额15L/h
    额定电压U额220V
    额定功率P额660W
    水箱容量V30L
    加湿效率k≥1.2×10-2L/（h•W）
    （1）加湿器正常工作时电流为多少？
    （2）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min，标有“3000imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁了750次，此过程中加湿器的实际功率多少W？加湿器的加湿量Q实至少为多少L/h？

    分析 （1）加湿器正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出加湿器正常工作时的电流；
    （2）根据电能表参数3000imp/kW•h，先计算加湿器消耗的电能和实际功率，再根据加湿效率计算加湿器的加湿量．

    解答 解：（1）加湿器正常工作时，其功率P=P额=660W，工作电压U=U额=220V，
    由P=UI可得，加湿器正常工作时的电流：
    I=$\frac{P}{U}$=$\frac{660W}{220V}$=3A；
    （2）加湿器单独工作30min，标有“3000imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁了750次，
    则加湿器消耗的电能：
    W=$\frac{750}{3000}$kW•h=0.25kW•h=9×105J，
    加湿器实际功率：
    P实=$\frac{W}{t}$=$\frac{9×1{0}^{5}J}{30×60s}$=500W；
    由题意知，加湿效率k=$\frac{{Q}_{实}}{{P}_{实}}$，由表中数据知，最小加湿效率k=1.2×10-2L/（h•W），
    所以实际加湿量至少为：Q实=kP实=1.2×10-2L/（h•W）×500W=6L/h．
    答：（1）加湿器正常工作时电流为3A；
    （2）此过程中加湿器的实际功率500W，加湿器的加湿量至少为6L/h．

    点评 本题是一道信息给予题，认真审题、根据题意获取所需信息，应用电功率公式以及理解电能表参数的含义即可正确解题．

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    A．滑雪板较宽是为了减小运动员对池面的压力
    B．选手脚蹬滑雪板是为了减小其对池面的压力
    C．选手飞离U型池后能向上运动是由于受到了向上的力
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    （2）如图乙，弹簧测力计从M位置移动到N位置，杠杆都在水平位置平衡，弹簧测力计的示数将会变大，这是因为动力臂变小．
    （3）小明用调节好的杠杆进行了一次实验，所得数据如表：
    动力/N阻力/N动力臂/cm阻力臂/cm
    4326
    于是他得出了杠杆的平衡条件：F1l1=F2l2，请你对此作出评价：没有多次实验，具有偶然性．

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    电源220V、50Hz
    功率800W
    重量5kg
    最大水量7L
    限定温度50℃
    （1）足浴盆装满水后对水平地面的压强多大？
    （2）若把最大水量的水从10℃加热到50℃至少需要多长时间？
    （3）底部按摩轮工作时是把电能转化为机械能；仔细观察图片，足浴盆的设计应用到的物理知识还有连通器．（写出一条即可）

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    20．某品牌电线的铜芯直径明显比说明书上标注的小，若用这种电线替代相同长度的合格铜芯电线作导线，则会引起导线的电阻（　　）
    A．变大B．变小C．不变D．无法判断

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    （2）求人所用拉力F
    （3）若人沿图中虚线方向施加拉力F′将吸盘拉离地砖，请画出拉力F′的力臂．

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