Question

已知小麦抗病对感病为显性，无芒对有芒为显性，两对性状独立遗传．用纯合的抗病无芒与感病有芒杂交，F₁自交，播种所有的F₂，假定所有的F₂植珠都能成活，在F₂植株开花前，拔掉所有的有芒植株，并对剩余植株套袋．假定剩余的每株F₂收获的种子数量相等，且F₃的表现型符合遗传定律．从理论上讲F₃中表现感病植株的比例为（　　）

• A、

  1

  8

• B、

  3

  8

• C、

  1

  16

• D、

  3

  16

Answer 1

考点：基因的自由组合规律的实质及应用

专题：

分析：已知小麦抗病对感病为显性，无芒对有芒为显性，两对性状独立遗传．纯合的抗病无芒与感病有芒杂交，F₁自交，除去所有的有芒植株再自交，依次求出答案．

解答： 解：假定抗病无芒为AABB，感病有芒为aabb，则F₁的基因型为AaBb（AABB×aabb的后代），F₁自交（AaBb×AaBb）得：AABB、AABb、AABb、AAbb（含bb为有芒，所以去掉）、AaBB、AaBb、AaBb、Aabb（去掉）、AaBB、AaBb、AaBb、Aabb（去掉）、aaBB、aaBb、aaBb、aabb（去掉）．F₂每种基因型自交可产生4后代（如AABB×AABB→4AABB）：AABB、AABb、AABb这三种基因型自交都不可能出现aa，它们的后代共4+4+4=12个； AaBB、AaBb、AaBb、AaBB、AaBb、AaBb这六个基因型自交每个基因的4后代均出现1个aa（即Aa×Aa→AA、2Aa、aa）所以这六个基因型自交的后代共有4+4+4+4+4+4=24个，其中出现aa的有1+1+1+1+1+1=6个；aaBB、aaBb、aaBb这三个基因自交后代均出现aa，所以这三个基因自交后代出现aa的有4+4+4=12．综上所述，F₃共有12+24+12=48个，其中出现aa的有6+12=18个，所以F₃出现aa的概率为18÷48=

3

8

．
故选：B．

点评：本题考查基因的自由组合定律的实质及应用、减数分裂的相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养学生分析和解决问题的能力，特别注意除去有芒的以后基因频率是要发生改变的．