Question

【题目】玉米籽粒的黄色（A）对白色（a）为显性，非糯性（B）对糯性（b）为显性，两对性状自由组合。请回答：

（1）取基因型双杂合的黄色非糯植株的花粉进行离体培养，获得单倍体幼苗，其基因型为_____________；对获得的幼苗用_____________进行处理，得到一批可育的植株。这些植株均自交，所得籽粒性状在同一植株上表现_____________（一致、不一致）。

（2）已知基因A、a位于9号染色体上，且无正常9号染色体的花粉不能参与受精作用。现有基因型为Aa的植物甲，其细胞中9号染色体如图一所示。

①植株甲的变异类型属于染色体结构变异中的__________________ ；

②为了确定植株甲的A基因是位于正常染色体上，还是异常染色体上，让其进行自交产生F1。F1的表现型及比例为_____________________ ，证明A基因位于异常染色体上。

③一株黄色籽粒植株乙，其染色体及基因组成如图二所示。若植株乙在减数第一次分裂过程中，3条9号染色体随机移向细胞两极，并最终形成含1条和2条9号染色体的配子，那么以植株乙为父本，以正常的白色籽粒植株为母本进行测交，后代的表现型及比例是_________________。

Answer 1

【答案】 AB、Ab、aB、ab 秋水仙素或低温处理 一致 缺失 黄色：白色=1：1 黄色：白色=2：3

【解析】试题分析：由题意“两对性状自由组合”准确定位这两对性状的遗传遵循基因的自由组合定律。在此基础上，梳理单倍体育种的过程、染色体变异、基因的分离定律和自由组合定律的等相关知识，进而结合题意进行相关问题的解答。

(1) 双杂合的黄色非糯性植株的基因型为AaBb，由于两对等位基因自由组合，因此产生的配子及其比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，进而推知：该个体的花粉经离体培养得到的单倍体幼苗的基因型及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1。对获得的幼苗用秋水仙素或低温进行处理，得到一批可育植株的基因型及其比例为AABB∶AAbb∶aaBB∶aabb＝1∶1∶1∶1。由于这些植株均为纯合子，所以它们自交，所得籽粒性状在同一植株上表现一致。

(2) ①图一显示：异常的9号染色体较正常的少了部分片段，因此植株甲的变异类型属于染色体结构变异中的缺失。

②植株甲基因型为Aa，若A基因位于异常染色体，则该植株产生的能参与受精作用花粉（雄配子）只有a，产生的卵细胞的种类及其比例为A∶a＝1∶1，所以该植株自交产生的F1的表现型及比例为黄色（Aa）∶白色（aa）＝1∶1。

③依题意可知：父本黄色籽粒植株乙的基因型为Aaa，产生的能参与受精作用的雄配子的类型及其比例为Aa∶a∶aa＝2∶2∶1，母本正常的白色籽粒植株的基因型为aa，产生的卵细胞的基因型为a，让二者进行测交，后代的表现型及其比例为黄色（Aaa）∶白色（aa＋aaa）＝2∶3。