Question

在非洲人群中，每10000人中有1个人患囊性纤维原性瘤，该病属常染色体遗传．一对健康的夫妇生有一患病孩子．此后该妇女与另一名健康男性再婚，他们若生孩子，患此病几率是（　　）

• A、

  1

  25

• B、

  1

  50

• C、

  1

  100

• D、

  1

  200

Answer 1

考点：基因的分离规律的实质及应用

专题：

分析：囊性纤维原性瘤属于常染色体遗传（用A、a表示），一对健康的夫妇生有一患病孩子，说明该病为常染色体隐性遗传病，且这对夫妇的基因型均为Aa．据此答题．

解答： 解：每10000人中有1个人患囊性纤维原性瘤，即aa的基因型频率为

1

10000

，由此可推知a的基因频率为

1 10000

=

1

100

，则A的基因频率为

99

100

，AA的基因型频率为（

99

100

）²，Aa的基因型频率为2×

1

100

×

99

100

，所以人群中一名健康男性的基因型为Aa的概率为

2× 1 100 × 99 100

( 99 100 )2+2× 1 100 × 99 100

=

2

101

．该妇女（Aa）与一名健康男性再婚，他们所生孩子患此病几率是

1

4

×

2

101

≈

1

200

．
故选：D．

点评：本题考查基因分离定律的实质及应用、基因频率，要求考生掌握基因分离定律的实质，能根据题干信息推断这对夫妇的基因型；掌握基因频率的计算方法，能结合两者答题，有一定难度．