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    2．利用图示装置研究碰撞规律，图中A、B是直径相同、质量分别为0.2kg、0.3kg的两小球，通过长度相等的轻质细线分别悬挂在甲、乙两拉力传感器上，两悬挂点间的距离等于小球直径，悬点到小球球心的距离均为1m，现将A球向左拉至某一位置释放，碰撞结束瞬间甲、乙两传感器的示数分别为2.00N、4.20N．取g=10m/s2，则碰前A球的速度为3m/s，该碰撞为非弹性碰撞（填“弹性”或“非弹性”）．

    分析 分析碰撞结束瞬间A、B两球的受力情况，由牛顿第二定律求出它们的速度，由动量守恒定律求出碰撞前A的速度，分析碰撞前后系统总动能的关系，来确定碰撞的类型．

    解答 解：设碰撞前瞬间A球的速度为v0，碰撞后瞬间A、B两球的速度分别为vA、vB．
    碰撞结束瞬间，对A球有：FA-mAg=mA$\frac{{v}_{A}^{2}}{L}$
    对B球有 FB-mBg=mB$\frac{{v}_{B}^{2}}{L}$
    据题有：FA=2.00N，FB=4.20N，L=1m
    代入数据解得：vA=0，vB=2m/s
    对于碰撞过程，取水平向右为正方向，由动量守恒定律得：
    mAv0=mAvA+mBvB．
    解得：v0=3m/s
    碰撞前系统的总动能为：Ek=$\frac{1}{2}$mAv02=$\frac{1}{2}×0.2×{3}^{2}$=0.9J
    碰撞后系统的总动能为：Ek′=$\frac{1}{2}$mAvA2+$\frac{1}{2}$mBvB2=0+$\frac{1}{2}×0.3×{2}^{2}$=0.6J＜Ek．
    所以该碰撞为非碰撞．
    故答案为：3，非弹性．

    点评 本题是向心力与碰撞的综合，要正确分析向心力的来源：合外力，知道碰撞的基本规律：动量守恒定律，并能熟练运用．

    练习册系列答案
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    14．如图所示，在相距L=0.5m的两条水平放置无限长的金属导轨上，放置两根金属棒ab和cd，两棒的质量均为m=0.1kg，电阻均为r=1Ω，整个装置处于无限大、竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，导轨电阻及摩擦力均不计．
    （1）若将cd固定不动，从0时刻起，用一水平向右的拉力F的以恒定功率P=2W作用在ab棒上，使ab棒从静止开始运动，经过t=2.2s时ab棒已达到稳定速度，求此过程中cd棒产生的热量Q？．
    （2）若从t=0时刻开始，用一水平向右的恒力F作用于ab棒上，使ab棒从静止开始运动，经过t=4s，回路达到了稳定状态，此后回路中电流保持0.6A不变．求第4秒末
    ①cd棒的加速度大小及ab棒与cd棒的速度之差；
    ②ab棒的速度大小．

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    A．其中感应电流的方向是b→a
    B．其中感应电流的方向先是b→a，后是a→b
    C．其所受磁场力的方向垂直于ab向下
    D．a端的电势始终高于b端的电势

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    科目：高中物理 来源： 题型：选择题

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    A．弹簧弹力在竖直方向的分量不变，滑块受到的摩擦力不变
    B．弹簧弹力在竖直方向的分量不变，滑块受到的摩擦力变小
    C．弹簧弹力在竖直方向的分量增大，滑块受到的摩擦力不变
    D．弹簧弹力在竖直方向的分量增大，滑块受到的摩擦力变小

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    17．如图所示，a、b两行星绕天体O做匀速圆周运动，a的轨道半径比b的大，以下说法正确的是（　　）
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    C．a的加速度比b的加速度大D．a的周期比b的周期大

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    A．质点在第1s内发生的位移为5m
    B．质点的初速度不小于29m/s
    C．质点在第2s内处于失重状态
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