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    （2008?揭阳二模）在绝缘水平面上，放一质量为m=2.0×10-3kg的带正电滑块A，所带电量为q=1.0×10-7C，在滑块A的左边?处放置一个不带电、质量M=4.0×10-3kg的绝缘滑块B，B的左端接触（不连接）于固定在竖直墙壁的轻弹簧上，轻弹簧处于自然状态，弹簧原长s=0.05m，如图所示．在水平方向加一水平向左的匀强电场，电场强度的大小为E=4.0×105N/C，滑块A由静止释放后向左滑动并与滑块B发生碰撞，设碰撞时间极短，碰撞后结合在一起共同运动的速度为v=1m/s，两物体一起压缩弹簧至最短处（弹性限度内）时，弹簧的弹性势能E0=3.2×10-3J．设两滑块体积大小不计，与水平面间的动摩擦因数为μ=0.50，摩擦不起电，碰撞不失电，g取10m/s2．求：
    （1）两滑块在碰撞前的瞬时，滑块A的速度；
    （2）滑块A起始运动位置与滑块B的距离?；
    （3）B滑块被弹簧弹开后距竖直墙的最大距离sm．
    分析：（1）A、B两滑块碰撞过程动量守恒，已知碰后的共同速度，根据动量守恒定律即可求得碰前A的速度．
    （2）对于碰前A向左匀加速运动过程，运用动能定理可求出l．
    （3）碰后A、B一起压缩弹簧至最短，设弹簧压缩量为x1，由动能定理即可求得弹簧压缩量，弹簧压缩过程中电场力做正功，电势能的减少量等于电场力所做的功；设反弹后A、B滑行了x2距离后速度减为零，由动能定理求得x2，比较电场力与滑动摩擦力的关系，判断滑块的运动情况，最终求出最大距离．
    解答：解：（1）设A与B碰撞前A的速度为v1，碰撞过程动量守恒，有：
      mv1=（M+m）v  
    代入数据解得：v1=3m/s     
    （2）对A，从开始运动至碰撞B之前，根据动能定理，有：
      qE?-μmg?=
    1
    2
    mv 1 2    -0
    代入数据解得：?=0.3m　
    （3）设弹簧被压缩至最短时的压缩量为s1，对AB整体，从碰后至弹簧压缩最短过程中，根据能量守恒定律，有：
      qEs1+
    1
    2
    (M+m)v 2    =μmg s1+E0　　
    代入数据解得：s1=0.02m　 
    设弹簧第一次恢复到原长时，AB共同动能为Ek，根据能量守恒定律，有：
     E0=qEs1+μ（M+m）g s1+Ek ①
    在弹簧把BA往右推出的过程中，由于B受到向左的摩擦力小于A受到的向左的摩擦力和电场力之和．故至他们停止之前，两者没有分开．  
    弹簧第一次将AB弹出至两者同时同处停止时，B距离竖直墙壁最远，设此时距离弹簧原长处为s2，根据动能定理，有：
    -qEs2-μ（M+m）g s2=0-Ek ②
    ①②联立并代入数据解得：s2=0.03m 
    故B离墙壁的最大距离sm=s+s2=0.08m
    答：
    　（1）两滑块在碰撞前的瞬时，滑块A的速度为3m/s．
    （2）滑块A起始运动位置与滑块B的距离?为0.3m．
    （3）B滑块被弹簧弹开后距竖直墙的最大距离sm为0.08m．
    点评：本题主要考查了动能定理和动量守恒定律的直接应用，要培养自己分析物理过程，把握物理规律，解决综合题的能力．
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    A．待测电压表V（量程3V，内阻未知）
    B．电流表A（量程3A，内阻0.01Ω）
    C．定值电阻R（阻值2kΩ，额定电流50mA）
    D．蓄电池E（电动势略小于3V，内阻不计）
    E．多用电表
    F．开关K1、K2，导线若干
    有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：
    ①首先，用多用电表进行粗测，选用×100Ω倍率，操作方法正确．若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量的结果是
    3k
    3k
    Ω．
    ②为了更精确地测出此电压表内阻，该同学设计了如图所示的乙、丙实验电路，你认为其中较合理的电路图是
    丙
    丙
    ．其理由是
    乙图中电流表的示数太小，误差太大．丙图中R的阻值与电压表阻值接近，误差小
    乙图中电流表的示数太小，误差太大．丙图中R的阻值与电压表阻值接近，误差小
    ．
    ③在图丁中，根据你选择的电路把实物连接好．
    ④用你选择的电路进行实验时，请简述实验步骤：
    闭合K1．再闭合K2，读得电压表示数U1
    闭合K1．再闭合K2，读得电压表示数U1
    再断开K2，读得电压表示数U2
    再断开K2，读得电压表示数U2
    ；用上述所测量的符号表示电压表的内阻RV=
    U 2
    U1-U2
    R
    U 2
    U1-U2
    R
    ．

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