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    光滑曲面轨道末端切线水平，轨道末端点距离水平地面的高度为H=0.8m，一长度合适的木板两端分别搁在轨道末端点和水平地面之间，构成倾角为θ=37°的斜面，如图所示．一可视为质点的质量m=1kg小球，从距离轨道末端竖直高度为h=0.2m处由静止滑下．（不计空气阻力，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）
    （1）求小球从轨道末端点冲出瞬间的速度v0的大小；
    （2）求小球从轨道末端点冲出后，第一次撞击木板时的位置距离木板上端点多远；
    （3）若改变木板的长度，并使木板两端始终与平台和水平面相接，试通过计算推导小球第一次撞击木板时的动能随木板倾角θ的关系式，并在图中作出Ek-（tanθ）2图象．
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    分析：（1）由于曲面光滑，小球下滑过程中机械能守恒，因此根据机械能守恒即可求得结果．
    （2）当小球和木板撞击时，其平抛过程中位移方向和水平方向夹角为θ，由平抛运动规律可知tanθ=
    y
    x
    ，y和x分别表示竖直和水平方向位移．
    （3）只要小球落到木板上，其运动过程中位移和水平方向的夹角即为θ，若速度和水平方向的夹角为α，则有tanα=tanθ，然后根据平抛运动中合速度和水平、竖直速度关系即可求出小球动能，从而进一步推导出动能随木板倾角θ的关系式，进而画出图象．
    解答：解：（1）小球下滑过程中机械能守恒，所以有：mgh=
    1
    2
    mv2    ，得v=
    		2gh
    =2m/s    ．
    故小球从轨道末端点冲出瞬间的速度v0=2m/s．
    （2）当小球撞到木板上时，其位移与水平方向夹角为θ，则有：tanθ =
    y
    x
    =
    1
    2
    gt2
    v0t
    =
    gt
    2v0
      ①
    水平方向：x=v0t      ②
    竖直方向：y=
    1
    2
    gt2        ③
    平抛位移：s=
    		x2+y2
       ④
    联立①②③④解得：s=0.75m．
    故第一次撞击木板时的位置距离木板上端点距离为0.75m．
    （3）当小球撞击木板时有：tanθ =
    y
    x
    =
    1
    2
    gt2
    v0t
    =
    gt
    2v0
     
    所以：vy=gt=2v0tanθ
    所以：Ek=
    1
    2
    mv2=
    1
    2
    m(
    v
    2
    0
    +
    v
    2
    y
    )    2    =2+8tan2θ     （0＜tanθ≤1）
    故第一次撞击木板时的动能随木板倾角θ的关系式为：Ek=（8tan2θ+2）J   其中：0＜tanθ≤1
    故其Ek-（tanθ）2图象如下图所示．
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    点评：平抛运动是高中阶段的一种重要的运动形式，要把握其水平方向和竖直方向运动特点，以及位移与水平方向、速度与水平方向夹角正切值的表达式等，并能灵活应用．
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    （1）求小球从轨道末端点冲出瞬间的速度v0的大小；
    （2）若改变木板长度，并使木板两端始终与平台和水平面相接，试通过计算推导小球第一次撞击木板时的动能随木板倾角θ变化的关系式，并在图2中作出Ek-tan2θ图象．

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    （1）求小球从轨道末端点冲出后，第一次撞击木板时的位置距离木板上端点多远；
    （2）若改变木板的长度，并使木板两端始终与平台和水平面相接，试通过计算推导小球第一次撞击木板时的动能随木板倾角θ的关系式，并在图中作出Ek-（tanθ）2．

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