Question

（1）在《用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻》实验中，某同学根据测得的数据作出了如图所示的I-U图线，由图线可以得到电源电动势E=______V，内电阻r=______Ω．
（2）在欧姆表测电阻的实验中，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度太大（指针过于靠右），则可以断定：这个电阻阻值______（填“较小”或“较大”），为了把电阻测得更准确一些，应换用______（填“×1挡”或“×100挡”），调零后重新测量．
（3）某同学在做“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中得到如下一组U和I的数据：

编号	1	2	3	4	5	6	7	8
U（伏）		0.50	1.00	1.50	2.00	2.20	2.60	3.00
I（安）		0.050	0.100	0.150	0.180	0.190	0.200	0.205
灯泡发光情况	不亮 微亮 逐渐变亮 正常发光

①从上表数据中可以看出，当小灯泡的功率逐渐增大时，灯丝电阻的变化情况是______．
②请在实物图中用铅笔补全其中的连线（电压表、电流表左接线柱为正，右接线柱为负）

（4）有一待测的电阻R，其阻值约在40～50Ω之间，实验室准备用来测量该电阻值的实验器材有：
电压表V（量程O～10V，内电阻约20kΩ）；
电流表A（量程O～300mA，内电阻约4Ω）；
滑动变阻器R（最大阻值为20Ω，额定电流为1A）
直流电源E（电动势为9V，内电阻约为0.5Ω）；
开关；此外还有若干根供连线用的导线．
实验要求电表读数从零开始变化，并多次测出几组电流、电压值，以便画出电流一电压的关系图线．为了实验能正常进行，减少测量误差，还要求滑动变阻器便于调节．请在方框内画出实验电路．

Answer 1

【答案】分析：（1）当电流I=0时，外电压U=E，当外电压U=0时，I=I_短，根据r=求出电源的内电阻．
（2）欧姆表的刻度盘0刻度在右边，当指针偏角比较小时，说明电阻比较大，当指针偏角比较大时，说明电阻比较小．
（3）电阻R=，根据U、I的变化，判断电阻的变化．描绘小灯泡的伏安特性，电流电压从0开始测起，滑动变阻器采用分压式接法．灯泡的电阻较小，电流表采用外接法误差较小．
（4）实验要求电表读数从零开始变化，并多次测出几组电流、电压值，知滑动变阻器采用分压式接法，通过待测电阻的大小，判断电流表采取内接还是外接．
解答：解：（1）当I=0时，E=U=1.5V，当U=0时，I=I_短=0.7A，则r==．
（2）用“×10”档测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度太大（指针过于靠右），说明电阻较小，应换用小挡进行测量，即换用“×1”档测量．
（3）①根据R=，从表中数据得出，电压与电流的比值先不变，再增大，所以灯丝电阻的变化情况是先不变再增大．
②描绘小灯泡的伏安特性，电流电压从0开始测起，滑动变阻器采用分压式接法．灯泡的电阻较小，电流表采用外接法误差较小．实物图连接如下图．
（4）实验要求电表读数从零开始变化，并多次测出几组电流、电压值，滑动变阻器采用分压式接法，待测电阻与电压表和电流表内阻比较，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法误差较小．电路图如下图．
故答案为：
（1）1.5V 2.14Ω
（2）较小×1档
（3）①先不变再增大
② （3）（4）电路图
点评：解决本题的关键会从U-I图线中获取电源的电动势和内阻，以及掌握滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，电流表内外接的区别．