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    （2011?广元模拟）在如图所示的装置中，电源电动势为E，内阻不计，定值电阻为R1，滑动变阻器总值为R2，置于真空中的平行板电容器水平放置，极板间距为d．处在电容器中的油滴A恰好静止不动，此时滑动变阻器的滑片P位于中点位置．
    （1）求此时电容器两极板间的电压；
    （2）求该油滴的电性以及油滴所带电荷量q与质量m的比值；
    （3）现将滑动变阻器的滑片P由中点迅速向上滑到某位置，使电容器上的电荷量变化了Q1，油滴运动时间为t，再将滑片从该位置迅速向下滑动到另一位置，使电容器上的电荷量又变化了Q2，当油滴又运动了2t的时间，恰好回到原来的静止位置．设油滴在运动过程中未与极板接触，滑动变阻器滑动所用时间与电容器充电、放电所用时间均忽略不计．求：Q1与Q2的比值．
    分析：（1）根据闭合电路欧姆定律求出电路中的电流，由欧姆定律求出电容器两极板间的电压；
    （2）处在电容器中的油滴A恰好静止不动，受到的重力与电场力平衡．电容器上板带正电，分析油滴的电性．根据平衡条件求出油滴所带电荷量q与质量m的比值．
    （3）设电容器原来的电量为Q，将滑动变阻器的滑片P由中点迅速向上滑到某位置，使电容器上的电荷量增加了Q1，油滴在电场中向上做初速度为零的匀加速直线运动，求出现在的电量，根据牛顿第二定律求出加速度，由位移公式和速度公式分别求出油滴向上运动的位移和时间．将滑片从该位置迅速向下滑动到另一位置，使电容器上的电荷量又减少了Q2，再根据牛顿第二定律和运动学公式得出油滴向下运动的位移，联立两个位移关系式求出电量之比．
    解答：解：（1）电路中的电流I=
    E
    R1+
    R2
    2

    平行板电容器两端的电压U=
    R2
    2
    E
    R1+
    R2
    2
    =
    R2
    2R1+R2
    E    ．
    （2）电容上板速写正电，油滴处于静止状态，电场力向上，则油滴带负电．对油滴受力分析，得F电-mg=0，即
    1
    2
    ER2q
    (R1+
    R2
    2
    )d
    =mg，所以
    q
    m
    =
    gd(2R1+R2)
    ER2
    ．
    （3）设电容器的电容为C，极板原来具有的电荷量为Q，电容器上的电量变化Q1后，油滴在电场中向上做初速度为零的匀加速直线运动，t秒末油滴的速度为v1、位移为s，板间的电压
    U1=
    Q+Q1
    C

    根据牛顿第二定律得
    F电1-mg=ma1，
    (Q+Q1)q
    Cd
    -mg=ma1
    根据运动学公式得s=
    1
    2
    a1t2，v1=a1t
    电容器上的电量又变化了Q2后，油滴在电场中向上做匀减速直线运动，2t秒末位移为-s．
    极板间的电压为U2=
    Q+Q1+Q2
    C

    根据牛顿第二定律得
    mg-F电2=ma2，mg-
    (Q+Q1-Q2)q
    Cd
    =ma2
    根据运动学公式得-s=2v1t-
    1
    2
    a2（2t）2
    解得：
    Q1
    Q2
    =
    4
    9
    ．
    答：（1）此时电容器两极板间的电压为
    R2
    2R1+R2
    E    ．　
    （2）油滴带负电，油滴所带电荷量q与质量m的比值为
    gd(2R1+R2)
    ER2
    ．
    （3）Q1与Q2的比值为4：9．
    点评：本题是电容器、电路和电场知识的综合应用．带电粒子在电场中运动时分析受力情况，根据牛顿定律和运动学公式结合处理是基本的方法．
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