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    20．如图所示，倾角为θ的足够长粗糙斜面固定于水平地面上，可视作质点的小物块从斜面底端以初速度v0滑上斜面，小物块能从斜面上返回，且返回斜面底端时物块的速度为v，已知重力加速度为g，以下判断正确的有（　　）
    A．小物块上滑时加速度大小比下滑时小
    B．小物块上滑时间比下滑时间长
    C．根据题中条件可求出物块与斜面间的动摩擦因数
    D．根据题中条件可求出物块沿斜面上滑的最大距离

    分析 物体在斜面上上滑和下滑时，根据牛顿第二定律求得加速度，即可判断大小，利用运动学位移公式分析上滑与下滑的时间关系．运用速度位移公式分析能否求出摩擦因数及物块沿斜面上滑的最大距离．

    解答 解：A、斜面粗糙，物块在运动过程中受到滑动摩擦力作用．在上滑过程中，根据牛顿第二定律可得 mgsinθ+μmgcosθ=ma1，解得 a1=gsinθ+μgcosθ
    在下滑过程中，根据牛顿第二定律可知，mgsinθ-μmgcosθ=ma2，解得：a2=gsinθ-μgcosθ，则a1＞a2．即小物块上滑时加速度大小比下滑时大，故A错误；
    B、上滑和下滑的位移大小相等，根据运动学公式x=$\frac{1}{2}$at2可知，小物块上滑时间比下滑时间短，故B错误；
    C、在上滑过程中，根据速度位移公式可知：2a1x=v02，
    下滑阶段：2a2x=v2．
    结合a1=gsinθ+μgcosθ，a2=gsinθ-μgcosθ，联立可得 μ=$\frac{{v}_{0}^{2}-{v}^{2}}{{v}_{0}^{2}+{v}^{2}}$tanθ，所以可求得物块与斜面间的动摩擦因数．
    因此可求得a1，由2a1x=v02，可得物块上滑的最大位移x，故CD正确；
    故选：CD

    点评 本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，关键是分清物体的运动过程及受力分析即可判断．对于CD两项，也可以根据动能定理列式分析．

    练习册系列答案
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    （2）物体q开始运动时P、q的距离；
    （3）木板与平台相碰时，结合体Q的速度大小．

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    15．小明在做“测量电源的电动势和内阻”实验时：

    （1）他连接了实物电路图甲种的部分导线，请你用笔划线代替导线将电路连接完整；
    （2）检查电路无误后，闭合开关前，应把滑动变阻器的滑片移到最右端（填“左”或“右”）；
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