“蹦极运动 是勇敢者的运动.蹦极运动员将弹性长绳系 在双脚上.弹性长绳的另一端固定在高处的跳台上.运动员从跳台上跳下后.会在空中上.下往复多次.最后停在空中.如果将运动员视为质点.忽略运动员起跳时的初速度和水平方向的运动.以运动员.长绳和地球作为一个系统.规定绳没有伸长时的弹性势能为零.以跳台处重力势能为零点.运动员从跳台上跳下后.以下说法中正确的是 :A.最后运动员停在空中时.系统的机械能最小,B.跳下后系统动能最大时刻的弹性势能为零,C.第一次下落到最低位置处.系统的动能为零.弹性势能最大,D.由于存在机械能损失.第一次反弹后上升的最大高度会低于跳台的高度. 查看更多

 

题目列表(包括答案和解析)

“蹦极运动”是勇敢者的运动,蹦极运动员将弹性长绳系在双脚上,弹性绳的另一端固定在高处的跳台上,运动员从跳台上跳下后,可以在空中上下往复运动多次,最后停在空中.如果把运动员视为质点,忽略运动员起跳的初速度和水平方向的运动,弹性长绳伸直时可视为一根长弹簧.对于运动员、弹性长绳和地球组成的系统,以弹性长绳没有伸长时为弹性势能的零点,以跳台处为重力势能的零点.运动员从跳台跳下后,下列说法中正确的是(  )

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“蹦极”运动是勇敢者的运动.蹦极运动员将弹性长绳(质量忽略不计)的一端系在双脚上,另一端固定在高处的跳台上,运动员无初速地从跳台上落下.若不计空气阻力,对于运动员的第一次下落过程,以下说法中正确的是(  )
A、弹性绳开始对运动员施力后,运动员立即开始做减速运动B、从弹性绳开始对运动员施力至运动员所受重力与弹性绳对他的弹力相等的过程中,运动员的重力势能与弹性绳的弹性势能之和不断增大C、整个下落过程中,重力对运动员的冲量大小等于弹性绳弹力对运动员的冲量大小D、整个下落过程中,重力对运动员所做的功小于运动员克服弹性绳弹力所做的功

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“蹦极”运动是勇敢者的运动,蹦极运动员将弹性长绳系在双脚上,弹性绳的另一端固定在高处的跳台上,运动员从跳台上跳下后,可以在空中上下往复运动多次,最后停在空中.如果把运动员视为质点,忽略运动员起跳的初速度和水平方向的运动,弹性长绳伸直时可视为一根长弹簧.对于运动员、弹性长绳和地球组成的系统,以弹性长绳没有伸长时为弹性势能的零点,以跳台处为重力势能的零点,运动员从跳台跳下后,下列说法中正确的是(    )

A.由于机械能的损失,第二次反弹回的高度一定低于第一次反弹回的高度

B.第一次落到最低位置的动能为零,弹性势能最大

C.跳下后动能最大时的弹性势能为零

D.最后运动员停在空中时系统的机械能最小

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“蹦极”运动是勇敢者的运动.蹦极运动员将弹性长绳(质量忽略不计)的一端系在双脚上,另一端固定在高处的跳台上,运动员无初速地从跳台上落下.若不计空气阻力,对于运动员的第一次下落过程,以下说法中正确的是(  )
A.弹性绳开始对运动员施力后,运动员立即开始做减速运动
B.从弹性绳开始对运动员施力至运动员所受重力与弹性绳对他的弹力相等的过程中,运动员的重力势能与弹性绳的弹性势能之和不断增大
C.整个下落过程中,重力对运动员的冲量大小等于弹性绳弹力对运动员的冲量大小
D.整个下落过程中,重力对运动员所做的功小于运动员克服弹性绳弹力所做的功

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“蹦极”运动是勇敢者的运动.蹦极运动员将弹性长绳(质量忽略不计)的一端系在双脚上,另一端固定在高处的跳台上,运动员无初速地从跳台上落下.若不计空气阻力,对于运动员的第一次下落过程,以下说法中正确的是( )
A.弹性绳开始对运动员施力后,运动员立即开始做减速运动
B.从弹性绳开始对运动员施力至运动员所受重力与弹性绳对他的弹力相等的过程中,运动员的重力势能与弹性绳的弹性势能之和不断增大
C.整个下落过程中,重力对运动员的冲量大小等于弹性绳弹力对运动员的冲量大小
D.整个下落过程中,重力对运动员所做的功小于运动员克服弹性绳弹力所做的功

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一、1、C 2、B  3、C 4、C 5、C 6、C 7、D 8、ACD

二、实验题:(18分)将答案填在题目的空白处,或者要画图连线。

9、(9分)①(2分)P

②(3分)3.66×10-3(或3.7×10-3); 0.54%

在实验误差允许范围内,可认为系统在碰前的动量和碰后的支量是相等的。

③(2分)D

④(2分)

10、(9分)(1)(3分)2.90,3.50,V1,(2)(6分)E=b/(1-k),I不可以,U1-U2,        

三、本大题共三小题共计54分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题.答案中必须明确写出数值和单位

11、(16分)(1)(4分)加速度大小  a = 20m/s2             (1分)

            根据牛顿第二定律  Eq = ma         (1分)

            解得场强    E = 2.0×104N/C         (1分)

                        方向沿x轴负方向      (1分)

(2)(6分)物体在O点的初速度    v0 = 6.0m/s   (1分)    

减速时间    t1 =  = 0.3s          (1分)

0.3s内经过的路程  x1 = = 0.9 m  (1分)

            后0.2s物体做匀加速直线运动,经过的路程

                                x2 = = 0.4m     (1分)

0.5s内物体经过的路程   s = x1+x2 = 1.3m    (2分)

(3)(6分)第0.6s末带电物体回到坐标原点O          (1分)

之后的0.2s物体以初速度v0做类平抛运动

            在y方向根据牛顿第二定律

                  Eq ? mg = ma′  (1分)

                        (1分)

             解得物体在y方向经过的距离y0 = 0.2m  (1分)

             电场力做功  W = Eq y0 = 8.0×10-3J      (1分)

             所以电势能减少8.0×10-3J            (1分)

             (或电势能的变化量为 ∆EP = ? 8.0×10-3J)

12、(18分)(1)飞机水平速度不变                                 (1分)

y方向加速度恒定                                           (2分)

消去t即得                                                (2分)

由牛顿第二定律                        (3分)

(2)升力做功                             (3分)

在h处                                       (3分)

∴                               (4分)

 

13、(20分)(1)当ab刚处于磁场时灯正好正常工作,U=U,U=2U,

                (6分)

(2)因为匀速移动,所以在磁场区域经过棒ab的过程中,灯一直正常工作,故等L1消耗的电能为                   (6分)

(3)棒与灯1并联后,再与2串联,所以要保证灯2不会烧坏就可以,即以灯2正常工作为准。(8分)

 

 

 


同步练习册答案