2．在“探究小车速度随时间变化的关系的实验中.所用交流电的频率为50Hz.某次实验中得到的一条纸带如图所示.从比较清晰的点起.每五个点取一个点作为计数点.分别标明0.1.2.3.4.量得x1=30.——青夏教育精英家教网—

2．在“探究小车速度随时间变化的关系的实验中.所用交流电的频率为50Hz.某次实验中得到的一条纸带如图所示.从比较清晰的点起.每五个点取一个点作为计数点.分别标明0.1.2.3.4.量得x1=30.0mm.x2=36.0mm.x3=42.0mm.x4=48.0mm.则打点2时小车的瞬时速度为 m/s和小车的加速度为 m/s2 .(实验结果保留三位有效数字) 【查看更多】

题目列表(包括答案和解析)

在“探究小车速度随时间变化的关系”实验中，所用交流电的频率为50Hz．某次实验中得到的一条纸带如图所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个点作为计数点，分别标明0，1，2，3，4．量得x₁=30.0mm，x₂=36.0mm，x₃=42.0mm，x₄=48.0mm，则小车通过点2时的速度为

0.39

m/s，小车的加速度为

0.60

m/s²（结果取两位有效数字）

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在“探究小车速度随时间变化的关系”实验中，所用交流电的频率为50Hz．某次实验中得到的一条纸带如图所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个点作为计数点，分别标明0，1，2，3，4．量得x₁=30.0mm，x₂=36.0mm，x₃=42.0mm，x₄=48.0mm，则打点计时器打计数点2时小车的速度为

0.39

m/s；小车的加速度为

0.60

m/s²；关于本实验下列说法正确的是

．（计算结果保留两位有效数字）
A．据题中数据还可以求出打点计时器打其它几个计数点时小车的速度
B．释放小车时，小车应靠近打点计时器
C．实验中换用低压直流电源时打点计时器仍能正常工作
D．操作中应先释放小车，待小车运动稳定后，再接通电源，使打点计时器工作．

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在“探究小车速度随时间变化的关系”实验中，所用交流电的频率为50Hz。某次实验中得到的一条纸带如图所示，从比较清晰的点起，每五个点取一个点作为计数点，分别标明0，1，2，3，4。量得x₁=30.0mm，x₂=36.0mm，x₃=42.0mm，x₄=48.0mm，则小车通过点2时的速度为________m/s，小车的加速度为_______m/s²。

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在“探究小车速度随时间变化的关系”实验中，所用交流电的频率为50Hz。某次实验中得到的一条纸带如图所示，从比较清晰的点起，每五个点取一个点作为计数点，分别标明0，1，2，3，4。量得x1=30.0mm，x2=36.0mm，x3=42.0mm，x4=48.0mm，则小车通过点2时的速度为________m/s，小车的加速度为_______m/s2。

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在“探究小车速度随时间变化的关系”实验中，所用交流电的频率为50Hz．某次实验中得到的一条纸带如图所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个点作为计数点，分别标明0，1，2，3，4．量得x₁=30.0mm，x₂=36.0mm，x₃=42.0mm，x₄=48.0mm，则小车通过点2时的速度为______m/s，小车的加速度为______m/s²（结果取两位有效数字）

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1．(3-4模块) (1)CD (2)y的负方向(1分)、0.4(1分)、1.9(1分)

(3)解：a.由折射定律：

在BC界面：sin60°=sinγ ①（1分） γ=30⁰°

∵sinC= ②（1分）

∴光线在AC界面发生反射再经AB界面折射（1分）

sin30°=sinγ^/ ③（1分）

γ^/=60° 则射出光线与AB面的夹角　　β=90°-γ^/=30°④（1分）

2．（1）v₂=0.390m/s(2分) ，a=0.600 m/s²(2分)(说明：取两位有效数字共扣1分)

（2），----1分 ------1分--------1分

若F反比于△t^-2，则加速度正比于外力。

15．（1）30.5-30.9 mＡ；1.5×10³Ω。×10 ，欧姆调零。

（2）①如图； (2分)

②(A^-1) (2分)

③ 0.10-0.14Ω (2分)、9.00-9.60Ω/m(2分)

3、（16分）（1）（5分）设物块块由D点以初速做平抛，落到P点时其竖直速度为

得

平抛用时为t，水平位移为s，

在桌面上过B点后初速

BD间位移为则BP水平间距为

（2）（5分）若物块能沿轨道到达M点，其速度为

轨道对物块的压力为F_N，则

解得即物块不能到达M点

（3）（6分）设弹簧长为AC时的弹性势能为E_P，物块与桌面间的动摩擦因数为，

释放释放

且

在桌面上运动过程中克服摩擦力做功为W_f，

则可得

4．17. （共14分）解：（1）微粒在盒子内、外运动时，盒子的加速度a^’=μMg/M＝μg＝0.2×10 m/s²=2 m/s²

盒子全过程做匀减速直线运动，所以通过的总路程是：（4分）

（2）A在盒子内运动时，方向以向上为正方向

由以上得　　a＝qE/m=1×10^-6×1×10³/1×10^-5 m/s²=1×10² m/s² （2分）

A在盒子外运动时，则a＝qE/m=1×10² m/s² 方向向下

A在盒子内运动的时间t₁＝2v/ a＝2×1/1×10²s＝2×10^-2s

同理A在盒子外运动的时间t₂＝2×10^-2s

A从第一次进入盒子到第二次进入盒子的时间t= t₁＋t₂＝4×10^-2s （4分）

（3）微粒运动一个周期盒子减少的速度为△v= a^’ （t₁＋ t₂）=2×（0.02＋0.02）=0.08m/s

从小球第一次进入盒子到盒子停下，微粒球运动的周期数为n=v₁/△v=0.4/0.08=5

故要保证小球始终不与盒子相碰，盒子上的小孔数至少为2n+1个，即11个．（4分）

5. ⑴1N，向右（提示：注意相当于左右两个边都以v₀=10m/s向左切割磁感线，产生的感应电动势相加，左右两边都受到安培力作用，且方向都向右。）⑵8m/s（提示：车运动起来后，当车对地的速度为v时，线框切割磁感线的相对速度变为(v₀- v)，当安培力与阻力平衡时达到最大速度。）；⑶100m（提示：先求出最大共同速度为5m/s，撤去磁场后对A和P整体用动能定理。）

6.解：（1）子弹打击滑块，满足动量守恒定律，设子弹射入滑块后滑块的速度为v₁，则

① （4分）