在四川汶川的抗震救灾中.我国自主研制的“北斗一号 卫星导航系统.在抗震救灾中发挥了巨大作用.北斗导航系统又被称为“双星定位系统 .具有导航.定位等功能.“北斗 系统中两颗工作星均绕地心O做匀速圆周运动.轨道半径为.某时刻2颗工作卫星分别位于轨道上的A.B两位置.若卫星均顺时针运行.地球表面处的重力加速度为g.地球半径为R.不计卫星间的相互作用力.则以下判断中正确的是: 查看更多

 

题目列表(包括答案和解析)

在四川汶川的抗震救灾中,我国自主研制的“北斗一号”卫星导航系统,在抗震救灾中发挥了巨大作用.北斗导航系统又被称为“双星定位系统”,具有导航、定位等功能.“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心O在同一轨道上做匀速圆周运动,轨道半径为r,某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的AB两位置(如图K20-1所示).若卫星均顺时针运行,地球表面处的重力加速度为g,地球半径为R,不计卫星间的相互作用力.则以下判断中错误的是(  )

A.这两颗卫星的加速度大小相等,均为

B.卫星1向后喷气就一定能追上卫星2

C.卫星1由位置A运动到位置B所需的时间为

D.卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做功为零

图K20-1

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在四川汶川的抗震救灾中,我国自主研制的“北斗一号”卫星导航系统,在抗震救灾中发挥了巨大作用。北斗导航系统又被称为“双星定位系统”,具有导航、定位等功能。“北斗”系统中两颗工作星均绕地心O做匀速圆周运动,轨道半径为r,某时刻2颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置(如图所示).若卫星均顺时针运行,地球表面处的重力加速度为g,地球半径为R,不计卫星间的相互作用力.则以下判断中正确的是       (   )

A.这2颗卫星的加速度大小相等,均为   
B.卫星1向后喷气就一定能追上卫星2
C.卫星1由位置A运动到位置B所需的时间为
D.卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做功为零

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在四川汶川的抗震救灾中,我国自主研制的“北斗一号”卫星导航系统,在抗震救灾中发挥了巨大作用.北斗导航系统又被称为“双星定位系统”,具有导航、定位等功能.“北斗”系统中两颗工作星均绕地心O做匀速圆周运动,轨道半径为r,某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置(如图所示).若卫星均顺时针运行,地球表面处的重力加速度为g,地球半径为R.不计卫星间的相互作用力.则以下判断中正确的是(    )

A.这两颗卫星的加速度大小相等,均为 

B.卫星1向后喷气就一定能追上卫星2

C.卫星1由位置A运动到位置B所需的时间为

D.卫星1中质量为m的物体的动能为

 

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在四川汶川的抗震救灾中,我国自主研制的“北斗一号”卫星导航系统,在抗震救灾中发挥了巨大作用。北斗导航系统又被称为“双星定位系统”,具有导航、定位等功能。“北斗”系统中两颗工作星均绕地心O做匀速圆周运动,轨道半径为r,某时刻2颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置(如图所示).若卫星均顺时针运行,地球表面处的重力加速度为g,地球半径为R,不计卫星间的相互作用力.则以下判断中正确的是       (   )

A.这2颗卫星的加速度大小相等,均为   

B.卫星1向后喷气就一定能追上卫星2

C.卫星1由位置A运动到位置B所需的时间为

D.卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做功为零

 

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在四川汶川的抗震救灾中,我国自主研制的“北斗一号”卫星导航系统,在抗震救灾中发挥了巨大作用. 北斗导航系统又被称为“双星定位系统”,具有导航、定位等功能. “北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心O做匀速圆周运动,轨道半径为r,某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的AB两位置(如图所示)若卫星均逆时针运行,地球表面处的重力加速度为g,地球半径为R,不计卫星间的相互作用力.则以下判断中错误的是

                      

A.卫星2向后喷气就一定能追上卫星1

B.这两颗卫星的加速度大小相等,均为

C.卫星2由位置B运动到位置A所需的时间为

D.卫星2由位置B运动到位置A的过程中万有引力做功为零

 

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一、1、BC 2、ACD 3、BD 4、A 5、ACD 6、ABC 7、BD 8、B

二、实验题:(18分)将答案填在题目的空白处,或者要画图连线。

9、(6分)(1)0.820mm (2)16.98mm   (每空3分)

10、(12分)

①(4分)

②串(2分)  290Ω(3分).③偏大(3分)

 

三、本大题共三小题共计54分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题.答案中必须明确写出数值和单位

11、(16分)设A的质量为m,A静止,有:       ①……1分

设B的质量为mB,B与A碰前速度为v1,由机械能守恒定律可知:     ②……1分

B与A发生完全弹性碰撞,设碰后A、B速度大小分别为,有:

             ③……2分

    ④……2分

可得:       ⑤……1分

B反弹,机械能守恒:    ⑥……1分

由②――⑥可知:        ⑦……1分

由题可知:       ⑧……1分

设C与A碰前速度为v2,由机械能守恒定律可知:      ⑨……1分

C与A碰,碰后速度为v3,由动量守恒:     ⑩……1分

A、  C分离发生在弹簧原长处O,不分离即系统至O点速度为零。由系统机械能守恒可知:

             11……2分

解得:   12……2分

12、(18分)⑴PQ在区域Ⅱ中距中间边界,而MN在区域I 距中间边界时,PQ边产生的感应电动势  (2分)

 MN边产生的感应电动势 (2分)

故回路中的电动势V    (2分)

由于线框匀速运动,故水平拉力做的功等于线框中产生的焦耳热,即

    (2分)

⑵设初速度为,匀速运动一段时间后减速,MN边到达中间界线时速度为,接着又匀速运动一段时间后,再减速,最后速度为0,则对跨越中间边界的过程据动量定理有

    (2分)

对跨越最右边界的过程据动量定理有

   (2分)

线圈运动时产生的平均感应电动势,电量

联立化简得   (1分)

由上式可得:    (1分)

   (1分)

    (l分)

        (1分)

       (1分)

13、(20分)(1)由题可知粒子在磁场Ⅰ中圆运动的圆心角为60°,相应圆运动半径为:

         ①…… 1分

     ②……1分             可知       ③……1分

             ④……2分

(2)粒子在电场中做类平抛运动,有:

         ⑤……1分

          ⑥……1分

         ⑦……1分

可知:    ⑧……1分     

      ⑨……2分            ⑩……2分

(3)根据运动对称性可知:

第一次返回y=y0前在磁场Ⅰ中运动的总时间        11……1分

在磁场Ⅱ中运动的总时间        12……2分

故第一次返回y=y0前运动的总时间       13……2分

之后运动呈周期性,故返回y=y0前运动的总时间

          14……2分

 

 


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