查看答案和解析>>

在测定一节干电池（电动势约为1.5V，内阻约为0.5Ω）的电动势和内阻的实验中，提供的器材有：
A．电压表量程为3V，内阻约为5kΩ
B．电压表量程为15V，内阻约为10Ω
C．电流表量程为0.6A，内阻约为0.1Ω
D．电流表量程为3A，内阻约为0.01Ω
E．变阻器R₁为（20Ω，3A）F．变阻器R₂为（500Ω，0.2A）
G．开关、导线若干为了较准确测量电池的电动势和内阻，电压表应该选

A

A

（填A或B）；电流表应该选

C

C

（填c或D）；变阻器应该选

E

E

（填E或F）；实验电路图如图1应该选

乙

乙

图（填“甲”或“乙”）．

若根据实验测量数据画的U-I图，如图2所示．
由图可知如果将这个电池的正、负极短路，则短路电流为

2.4

2.4

A_这个电池的内电阻为

0.625

0.625

Ω．

查看答案和解析>>

在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，实验室备有下列器材选用：
A．干电池（电动势E约1.5V，内电阻r约1.0Ω）
B．电流表G（满偏电流2.0mA，内阻R_g=10Ω）
C．电流表A（量程0～0.6A，内阻约0.5Ω）
D．滑动变阻器R（0～20Ω，10A）
E．定值电阻R₀（阻值990Ω）
F．开关和导线若干
两组同学分别采用了不同实验方案进行实验：

（1）一组同学设计的实验电路如图1所示，并利用以上器材正确连接好电路，进行了实验测量．根据他们的实验设计，完成下列问题：闭合开关S，移动滑动变阻器的滑动端P至某一位置，记录电流表G的示数I₁和电流表A的示数I₂．多次改变滑动端P的位置，得到多组数据．在图2所示的坐标纸上建立I₁、I₂坐标系，并已标出了与测量数据对应的5个坐标点．还有一组数据如图的电表所示，请依据所标各点标在图中描绘I₁-I₂图线．
利用所画图线求得电源的电动势E=

 

V，电源的内电阻r=

 

Ω．（结果要求保留两位小数）
（2）另一组同学采用滑动变阻器和一个多用电表来测定电池的电动势和内阻．实验原理如图3所示．当变阻器为某一阻值时，用多用电表的直流电压挡测出变阻器两端的电压U，再卸去变阻器一个接线柱的导线，把多用电表串联在电路中，用直流电流挡测出通过变阻器的电流I．随后改变变阻器的电阻，重复上述操作，获得多组U、I数据，并计算得出实验结果．这个实验方案在测量原理上的主要缺点是

 

．

查看答案和解析>>

查看答案和解析>>

在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：
A．干电池E（电动势约为1.5V、内电阻大约为1.0Ω）
B．电压表V（0~15V）
C．电流表A（0~0.6A、内阻0.1Ω）
D．电流表G（满偏电流3mA、内阻R_g=10Ω）
E．滑动变阻器R₁（0~10Ω、10A）
F．滑动变阻器R₂（0~100Ω、1A）
G．定值电阻R₃=990Ω
H．开关、导线若干　
（1）为了方便且能较准确地进行测量，其中应选用的滑动变阻器是____________（填写“R₁”或“R₂”）；
（2）请在线框内画出你所设计的实验电路图，并在图中标上所选用器材的符号；

（3）图示为某一同学根据他设计的实验，绘出的I₁-I₂图线（I₁为电流表G的示数，I₂为电流表A的示数），由图线可求得被测电池的电动势E=____________V，内电阻r=____________Ω。

查看答案和解析>>

（物理部分）

第Ⅰ卷

 二、选择题（48分）

14．A  15．C  16．B  17．B  18．AD  19．CD  20．AD   21．C

第Ⅱ卷

22．（17分）

  （1）0.949或0.950             （2分）

  （2）①1.94  1.94   9.7  ②受到（每空2分，共8分）

（3）①见图  评分标准：测量电路正确2分，变阻器接法正确2分，全对得4分

②80±2Ω

23．（16分）

解：（1）设该队员下滑中的最大速度为v，滑至地面前瞬间的速度为v₁，做匀减速直线运动的加速度为a，在整段过程中运动的时间分别为t₁和t₂，下滑的距离分别为h₁和h₂

该队员先做自由落体运动，有 v²＝2gh₁              ①               （1分）

    接着做匀减速直线运动，有   v²－v₁²＝2ah₂           ②               （1分）

f_max－_mg＝ma                                     ③              （2分）

且 s＝h₁＋h₂                                      ④              （1分）

      v₁＝6m/s

由③式得：a＝5m/s²                                               （1分）

再由①②④式联立可得  v＝10m/s                                  （2分）

所以该队员下滑过程中动量的最大值p＝mv＝650kg?m/s              （2分）

（2）由v＝gt₁                               ⑤                  （1分）

  v－v₁＝at₂                                 ⑥                  （1分）

由⑤⑥式可得  t₁＝1s   t₂＝0.8s                                       （2分）

所以该队员下滑过程的最短时间t＝t₁＋t₂＝1.8 s                          （2分）

24．（19分）

解：（1）设子弹射入物块前的速度大小为v₀，射入后共同速度的大小为v，

子弹击中乙的过程中动量守恒，有 mv₀＝（m＋m_乙）v     ①         （3分）

乙上摆到最高点的过程，机械能守恒

有                   ②           （3分）

联立②③解得 v₀＝300m/s                                          （2分）

（2）设甲物体的质量为m_甲，说受的最大静摩擦力为f，斜面的倾角为θ，

当乙物体运动到最高点时，绳子上的弹力设为T₁，

         T₁＝（m＋m_乙）gcosθ                         ③          （2分）

此时甲物体恰好不下滑，有 m_甲g sinθ＝f＋T₁           ④         （2分）

当乙物体运动到最低点时，绳子上的弹力设为T₂，

由牛顿第二定律：           ⑤         （2分）

此时甲物体恰好不上滑，有 m_甲g sinθ＋f＝T₂            ⑥       （2分）

联立②③④⑤⑥解得 N               （3分）

25．（20分）

解：（1）带电系统锁定解除后，在水平方向上受到向右的电场力作用开始向右加速运动，当B进入电场区时，系统所受的电场力为A、B的合力，因方向向左，从而做减速运动，以后不管B有没有离开右边界，速度大小均比B刚进入时小，故在B刚进入电场时，系统具有最大速度。

设B进入电场前的过程中，系统的加速度为a₁，由牛顿第二定律：

2Eq＝2ma₁                                           （2分）

B刚进入电场时，系统的速度为v_m，由 可得      （3分）

（2）对带电系统进行分析，假设A能达到右边界，电场力对系统做功为W₁

则                                     （2分）

故系统不能从右端滑出，即：当A刚滑到右边界时，速度刚好为零，接着反向向左加速。由运动的对称性可知，系统刚好能够回到原位置，此后系统又重复开始上述运动。 

（2分）

     设B从静止到刚进入电场的时间为t₁，则              （1分）

设B进入电场后，系统的加速度为a₂，由牛顿第二定律（1分）

显然，系统做匀减速运动，减速所需时间为t₂，则有  （1分）

那么系统从开始运动到回到原出发点所需的时间为   （2分）

（3）当带电系统速度第一次为零，即A恰好到达右边界NQ时，B克服电场力做的功最多，B增加的电势能最多，此时B的位置在PQ的中点处                 （1分）

所以B电势能增加的最大值                   （3分）