例题3:如图7-5所示.在原来不带电的金属细杆ab附近P处.放置一个正点电荷.达到静电平衡后.则A.a端的电势比b端的高B.b端的电势比d点的低C.a端的电势不一定比d点的低D.杆内c处的场强的方向由a指向b解析:静电平衡时.整个导体是等势体.导体表面是等势面.a.b电势相等.导体内场强处处为零.AD错,d点场强方向即正点电荷产生的场强方向.即由d指向b.沿电场线方向电势降低.故b端的电势比d点的低.B对C错,答案:B点拨:这部分只要求掌握静电平衡时导体的特性即可.一是不要以带电正.负来判断电势高低.二是要区分静电平衡时导体内部的三种场强:场源电荷的场强.感应电荷的场强和实际场强. 电场.磁场问题一直是历届高考关注和考查的重点和热点.其中场对物质的作用更是力.电综合的命题的核心内容.从近两年全国高考试卷中有涉及两“场 试题有考查关于场的性质.有考查了场对物质的作用.特别是带电粒子在“场 中的运动.有考查综合问题.由此可见.场对物质的作用是100%命题热点.解析试题可以完全按力学方法.从产生加速度和做功两个主要方面来展开思路.只是在粒子所受的各种机械力之外加上电场力罢了. 查看更多

 

题目列表(包括答案和解析)

某同学在做“验证机械能守恒定律”的实验时,不慎将一条选择好的纸带的前面部分损坏了,剩下的一段纸带上各点间的距离,他测出并标在纸带上,如图7-8-5所示.已知打点计时器的周期为0.02 s,重力加速度为g=9.8 m/s2.

图7-8-5

(1)利用纸带说明重锤(质量为m kg)通过对应于2、5两点过程中机械能守恒.

________________________________________________________________________.

(2)说明为什么得到的结果是重锤重力势能的减少量ΔEp稍大于重锤动能的增加量ΔEk. ________________________________________________________________________.

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如图7-1-5所示的图象所对应的两个导体:

(1)两导体的电阻的大小R1    Ω,R2    Ω;

(2)若两个导体中的电流相等(不为0)时,电压之比U1U2       

(3)若两个导体的电压相等(不为0)时,电流之比I1I2     

 


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在“验证机械能守恒定律”的实验中,已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz,查得当地的重力加速度g=9.80 m/s2.某同学选择了一条理想的纸带,用刻度尺测量出各计数点对应刻度尺上的读数如图7-8-5所示,图中O点是打点计时器打出的第一个点,ABCD分别是每打两个点取出的计数点.根据以上数据,可知重物由O点运动到B点时.

7-8-5

(1)重力势能的减少量为多少?

(2)动能的增加量是多少?

(3)根据计算的数据可得出什么结论?产生误差的主要原因是什么?

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某同学在做“验证机械能守恒定律”的实验时,不慎将一条选择好的纸带的前面部分损坏了,剩下的一段纸带上各点间的距离,他测出并标在纸带上,如图7-8-5所示.已知打点计时器的周期为0.02 s,重力加速度为g=9.8 m/s2.

7-8-5

(1)利用纸带说明重锤(质量为m kg)通过对应于2、5两点过程中机械能守恒.

________________________________________________________.

(2)说明为什么得到的结果是重锤重力势能的减少量ΔEp稍大于重锤动能的增加量ΔEk. ________________________________________________________.

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在“验证机械能守恒定律”的实验中,已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz,查得当地的重力加速度g=9.80 m/s2.某同学选择了一条理想的纸带,用刻度尺测量出各计数点对应刻度尺上的读数如图7-8-5所示,图中O点是打点计时器打出的第一个点,ABCD分别是每打两个点取出的计数点.根据以上数据,可知重物由O点运动到B点时.

图7-8-5

(1)重力势能的减少量为多少?

(2)动能的增加量是多少?

(3)根据计算的数据可得出什么结论?产生误差的主要原因是什么?

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1. BCD   2. BC    3.D        4.A     5. C

6. AD    7.C     8. CD        9. AB    10.BC

11.(1)CD(2)指零  指零  指零   左偏 

12. 电极A与导电纸接触不良

13. 解:(1)小球速度最大时,棒对它的弹力垂直于棒向下,受力分析如图,沿杆方向,,垂直杆方向:联立以上各式,得

所以:

(2)小球C从斜置的绝缘棒上由静止开始运动,必须满足条件,而,所以

14. 解:(1)根据牛顿第二定律,根据库仑定律,解得

(2)当A球受到的合力为零即加速度为零时,动能最大,设此时A球与B点间的距离为R,则,解得

15. 解:(1)、(2)如图所示,设小球在C点的速度大小是,对轨道的压力大小为,则对于小球由AC的过程中,应用动能定理列出:-0,在C点的园轨道径向应用牛顿第二定律,有,解得

(3)如图所示,设小球初始位置应在离B点xm的点,对小球由D的过程应用动能定理,有:,在D点的圆轨道径向应用牛顿第二定律,有,解得

16. 解:(1)F1为P1参与的运动而受到指向N端的洛伦兹力,其值为:(其中 ,为的电量),对应有指向N端的加速度: (其中m为的质量)

在管中运动会使它受到另一个向左的洛伦兹力,此力与管壁对向右的力所抵消,到达N端时具有沿管长方向的速度:

所以,对纸平面的速度大小为:

又因为,故:

即:

所以的比荷为:

(2)从M端到N端经历的时间为:

离开管后将在纸平面上做匀速圆周运动,半径与周期分别为:

经t时间已随管朝正右方向运动:

的距离

所以离开N端的位置恰好为的初始位置

经时间t已知运动到如图所示的位置S走过的路程为

只能与相碰在图中的S处,相遇时刻必为

且要求在这段时间内恰好走过2R的路程,因此有

即得:

所以:

17. 解:……① 

由于重力和电场力平衡,电粒子在洛伦兹力作用下做圆周运动,小球平抛且碰时动量守恒,根据条件,碰后反向

……①

另有……②

解得……③

对平抛:

解得

 

 

 

 


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