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    解析:(1)根据法拉第电磁感应定律.在0~2.0´10-2s内的感应电动势为 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    下列各段文字，单独的一句话在多数情况下未必是错的，但整体地推论却存在明显的错误，请你指出错误，并说明理由。?

    (1)变压器的原、副线圈之间并未直接用导线相连，而是靠线圈中磁通量的变化传输功率，因此，能量在传输过程中不会有损失，变压器也不会发热。?

    (2)为了把送电电压变成适合各用户的负载电压，要使用变压器。变压器原线圈中的电流变化引起铁芯中磁通量的变化，铁芯中磁通量的变化使穿过副线圈的磁通量也变化，因而在副线圈中产生感应电动势。根据法拉第电磁感应定律，副线圈中的感应电动势与磁通量的变化率成正比，而交流电的频率越高，磁通量的变化率越大，所以对于相同的原电压U1，交流的频率越高，副线圈的感应电动势和端电压U2也越高。这就是说，变压比U1/U2不只与匝数比有关，还与交变电流的频率有关。?

    (3)理想变压器中原、副线圈间电压的关系是U2=U1，其中U1、U2分别是原、副线圈的端电压，n1、n2分别是原、副线圈的匝数。对于升压变压器＞1。由于原、副线圈中通过相同的磁通量，所以它们的电流相同，I1=I2。功率P1=U1I1，P2=U2I2，由此得，即P2=P1。这就是说，升压变压器在升高电压的同时，也增大了功率。??????

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    （1）如图1所示，固定于水平面上的金属框架abcd，处在竖直向下的匀强磁场中。金属棒MN沿框架以速度v向右做匀速运动。框架的ab与dc平行，bc与ab、dc垂直。MN与bc的长度均为l，在运动过程中MN始终与bc平行，且与框架保持良好接触。磁场的磁感应强度为B。

    a. 请根据法拉第电磁感应定律，推导金属棒MN中的感应电动势E；

    b. 在上述情景中，金属棒MN相当于一个电源，这时的非静电力与棒中自由电子所受洛伦兹力有关。请根据电动势的定义，推导金属棒MN中的感应电动势E。

    （2）为进一步研究导线做切割磁感线运动产生感应电动势的过程，现构建如下情景：如图2所示，在垂直于纸面向里的匀强磁场中，一内壁光滑长为l的绝缘细管MN，沿纸面以速度v向右做匀速运动。在管的N端固定一个电量为q的带正电小球（可看做质点）。某时刻将小球释放，小球将会沿管运动。已知磁感应强度大小为B，小球的重力可忽略。在小球沿管从N运动到M的过程中，求小球所受各力分别对小球做的功。

     

     

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    如图1-2-16所示，矩形金属线框置于匀强磁场中，ef导体棒可在ab与cd间滑动并接触良好，设磁场的磁感应强度为B，ef长为l，在Δt时间内，ef向右滑过的距离为Δd.根据法拉第电磁感应定律，以下说法正确的是(    )

    图1-2-16

    A.当ef向右滑动时，左边的面积增大lΔd，右边的面积减少lΔd，电动势应为E=

    B.当ef向右滑动时，左边的面积增大lΔd，右边的面积减少lΔd，相互抵消E=0

    C.在公式E=中，切割磁感线的情况下ΔΦ=BΔS，ΔS应为导线切割扫过的面积，故有E=

    D.在切割磁感线的情况下只能用E=Blv来计算，不能用E=来计算

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    根据法拉第电磁感应定律，下列说法正确的是（　　）

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    根据法拉第电磁感应定律E=n
    △?
    △t
    ，如果某一闭合的10匝线圈，通过它的磁通量在0.1s内从0增加到1Wb，则线圈产生的感应电动势大小为（　　）

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    1. B　解析：由图可知AB、BC、CD的距离分别是10cm、30cm、50cm，它们的距离之比为1：3：5，说明水滴做自由落体运动，在A到B、B到C，C到D所用时间相等，由得，，所以光源应满足的条件是间歇发光其间隔时间为0.14s。

    2. C　解析：依题意作出物体的v-t图象，如图1所示。图线下方所围成的面积表示物体的位移，由几何知识知图线②、③不满足AB=BC。只能是①这种情况。因为斜率表示加速度，所以a1<a2，选项C正确。

     

    3. D　解析：对挂钩进行受力分析，如图所示，图中α、β为A、B绳与竖直方向的夹角，两绳拉力如图中FA0、FB0所示；当右侧杆向左平移，则α、β均变小，两绳拉力如图中FA、FB所示；由图可知，A、B绳的拉力均变小，AB错；由于挂钩受力平衡，两绳对挂钩的拉力合力一定与衣服对挂钩的拉力大小相等、方向相反，因此合力不变，D正确。

     

    4.　A　解析：从0到的时间内，磁感应强度从2均匀减小到0，根据楞次定律和右手定则可判断出感应电流的方法与规定的方向相反，大小为：；同理，从到T的时间，磁感应强度方向向下，大小均匀增大，感应电流的磁场方向向上，由右手定则可知感应电流的方法与规定的方向相反，大小为：，故A选项正确。

    5. ABC　解析：从F－t图象上可以看出，在0～t1、t2～t3和t4以后的时间内，弹簧秤对钩码的拉力F等于钩码的重力10N；t1～t2这段时间内，弹簧秤对钩码的拉力F小于钩码的重力，钩码处于失重状态；t3～t4这段时间内，弹簧秤对钩码的拉力F大于钩码的重力，钩码处于超重状态，所以选项ABC正确。

    6. B　解析：由图像的变化快慢可知曲线ab先变化非常快，为斥力图，cd为引力图，e点是两曲线的交点，即分子间引力与斥力相等时，此时分子间距离的数量级为10－10m，B对A错；分子间距离大于e点横坐标值时，分子间作用力表现为引力，C错；分子势能在平衡位置以内随距离增大而减小，在平衡位置以外随分子间距离增大而增大，D错.

    7. C　解析：假设将小球放在弹簧顶端释放球，这就是一个常见的弹簧振子，由对称性知，球到达最低点的加速度为，本题中弹簧在最低点时压缩量比假设的模型大，故答案为C．

    8.　B　解析：导体杆往复运动，切割磁感线相当于电源，其产生的感应电动势E＝Blv，由于杆相当于弹簧振子，其在O点处的速度最大，产生的感应电动势最大，因此电路中的电流最大。根据右手定则，电流在P、Q两处改变方向，此时的电流为零。故选择B.

    9．　11.14 mm　　　

    10.　 1.5V　0.2Ω　0.4Ω　1.25W　0.1Ω　2.5

    解析：由电源的伏安特性曲线读得电源电动势为E=1.5V，横截距表示短路电流I=7.5A，电源内阻为Ω。

    a点对应的电源输出电压为1.0V，电流为2.5A，此时的电压和电流是加在外电阻两端的电压和流过外电阻的电流，因此Ω，电源内部热耗功率为 W。

        图线中的b点所对应的外电阻Rb上的电压为0.5V，流过其中的电流为5.0A，于是Ω  输出功率为Pb=IbUb=0.25W。

    11. 解析：（1）因为电路中需要得到改装后电压表量程与电源电动势两个未知数，所以需要两个电路状态联立方程求解。连接如图所示。

    （2）当当S1与S2均闭合时，由闭合电路的欧姆定律得：

    即：         ①

    当S1闭合，S2断开时，由闭合电路的欧姆定律得：

    ，

    即： ②

    由①②两式可得：，

    则电压表的量程：

    12. 解析：用图象求解，做出速度时间图象如图所示，从图象看出从B上升到最高点的时间与由最高点落回A的时间之比为1：2，所以从A运动到B的时间与从B上升到最高点的时间之比为1：3，即，又   　所以解得

     

    13.

    半径/cm

    质量/m0

    角速度/rad?s-1

    圈数

    转动动能/J

     

     

     

     

    6.4

     

     

     

     

    14.4

     

     

     

     

    25.6

     

     

     

     

    12.8

     

     

     

     

    19.2

     

     

     

     

    25.6

     

     

     

     

    25.6

     

     

     

     

    57.6

     

     

     

     

    102.4

     

    （2）EK　= kmω2　r2 (k是比例常数)                （3）控制变量法　

    14.  解析：（1）依题意分析可知：碰撞发生在第1、2两次闪光时刻之间，碰撞后B静止，故碰撞发生在x=60cm处。

    （2）碰撞后A向左做匀速直线运动，设其速度为，

    碰撞到第二次闪光时A向左运动10cm，时间设为，有

    第一次闪光到发生碰撞时间为，有：

    由以上各式可得：

    （3）取向右方向为正方向，碰撞前：A的速度，B的速度

    碰撞后：A的速度，B的速度

    由动量守恒守恒定律可得：

    由以上各式可得：：=2：3

     


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