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    A. 电流表: 量程为0.6A.内阻约为0.1ΩB. 电压表: 量程为3V.内阻约为3kΩC. 滑动变阻器:最大阻值为20Ω.额定电流1AD. 低压直流电源:电压6V.内阻忽略F. 电键K.导线若干在方框中画出实验电路图.(3)如果实验中电流表示数为I.电压表示数为U.并测出该棒的长度为L.直径为d.则该材料的电阻率ρ= (用测出的物理量的符号表示). 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    一电流表G，内阻为R=10Ω，满偏电流是15mA，把它改装成量程为0.6A的电流表，则连接电阻的阻值约为（　　）
    A、25ΩB、2.5ΩC、0.25ΩD、0.025Ω

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    某电流表的内阻在0.1Ω～0.2Ω之间，现要测量其内阻，可选用的器材如下：

    A．待测电流表A1（量程0.6A）；          B．电压表V1（量程3V，内阻约2kΩ）

    C．电压表V2（量程15V，内阻约10kΩ）；  D．滑动变阻器R1（最大电阻10Ω）

    E．定值电阻R2（阻值5Ω）               F．电源E（电动势4V）

    G．电键S及导线若干

    （1）电压表应选用_____________；

    （2）画出实验电路图；

    （3）如测得电压表的读数为V，电流表的读数为I，则电流表A1内阻的表达式为：RA = ______________．

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    某电流表的内阻在0.1Ω～0.2Ω之间，现要测量其内阻，可选用的器材如下：

    A．待测电流表A1（量程0.6A）；          B．电压表V1（量程3V，内阻约2kΩ）

    C．电压表V2（量程15V，内阻约10kΩ）；  D．滑动变阻器R1（最大电阻10Ω）

    E．定值电阻R2（阻值5Ω）               F．电源E（电动势4V）

    G．电键S及导线若干

    （1）电压表应选用_____________；

    （2）画出实验电路图；

    （3）如测得电压表的读数为V，电流表的读数为I，则电流表A1内阻的表达式为：RA = ______________．

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    某电流表的内阻在0.1Ω-0.2Ω之间，现要测量其内阻，可选用的器材如下：

    A. 待测的电流表A1（量程0.6A）；

    B. 电压表V1（量程3V，内阻约2kΩ）；

    C. 滑动变阻器R1（最大电阻10Ω）；

    D. 定值电阻R2（阻值5Ω）；

    E. 电源E（电动势4V）

    F. 电键S及导线若干。

    （1）画出实验电路图；（2）如测得电压表的读数为U，电流表的读数为I，则电流表A1内阻的表达式为：RA=         。

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    一电流表G，内阻为R=10Ω，满偏电流是15mA，把它改装成量程为0.6A的电流表，则连接电阻的阻值约为（　　）
    A．25ΩB．2.5ΩC．0.25ΩD．0.025Ω

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    1??9  C   C  D  B  C   AC   CD   BD    AD

     

    10解：（1）设光在AD面的入射角、折射角分别为i、r  r=30°

        根据  

    得   （2分）

    （2）根据   （2分）

    （3）光路如图所示  ab光线在AB面的入射角为45°

    设玻璃的临界解为C，则（2分）

    sin45°>0.67，因此光线ab在AB面会发生全反射

    光线在CD面的入射角r′=r=30°（1分）

    根据 ，光线CD面的出射光线与法线的夹角

     （1分）

     

    11．D E F

     

    12.解：（1）   （2分）

    （2）质量亏损  △m=0.0059u    （2分）

    △E=△mc2=0.0059×931MeV=5.49MeV  （2分）

    1/58

    13．(1)天平，刻度尺； （4分）

    A距地面的高度h，B在桌面上滑行的总距离s，A、B的质量mA、mB；（3分）　

    　 （2）

    14． (1)200Ω  （4分,漏单位只给1分） 

    (2)电路如图（4分）

    （3）（2分）

     

    15．解：由于木块与斜面间有摩擦力的作用，所以小球B与木块间有压力的作用，并且它们以共同的加速度a沿斜面向下运动．将小球和木块看作一个整体，设木块的质量为M，根据牛顿第二定律可得

                          （4分）

     代入数据得                                            （3分）

    选小球为研究对象，设MN面对小球的作用力为N，

    根据牛顿第二定律有                             （3分）

    代入数据得                                             （2分）

       根据牛顿第三定律，小球对MN面的压力大小为6.0N，方向沿斜面        （1分

    16．解：第一个等式不正确，因为热气球静止在空中是因为浮力与重力平衡，它受到地球的引力并不等于它绕地心运动的向心力。（2分）

    (1)若补充地球表面的重力加速度g,可以认为热气球受到的万有引力近似等于其重力，则有（1分）

    与题中第二个等式联立可得（2分）

    （2）若利用同步卫星的高度H有：（3分）

    与题中第二个等式联立可得（2分）

    （3）若利用第一宇宙速度   V1，有（3分）

    与题中第二个等式联立可得（2分）

    17．解：解：设小球的下落时间为t，则--①  （2分)   

    所以， ---②   

    为使小球可以落到小车上，小球在这段时间的位移应满足-----③（2分)

    对小车，有F=ma，所以，a=F/m---------④（2分)     --------------⑤（2分)

    由②④⑤联立，解得s=FH/mg--------------⑥（2分)     上式代入③得s0<FH/mg<s0+L0

    所以，F应满足mgs0/H <F <mg(s0+L0)/H-------⑦（2分)

    （说明：mgs0/H ≤F ≤mg(s0+L0)/H同样得分）

     

    18．解：（1）由，得：

       ………………………………（4分）

    （4）画出粒子的运动轨迹如图，可知，得：…………………（4分）

     

     

     

     

     

     

     

     

     

     

    ………………………………（2分）

    （3）由数学知识可得： 得：

    ………………………………（3分）

     

     

     

     

     

     

     


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