Question

各物质之间的转化关系如图，部分生成物省略．C、D是由X、Y、Z中两种元素组成的化合物，X、Y、Z的原子序数依次增大，在周期表中X的原子半径最小，Y、Z原子最外层电子数之和为10．D为无色非可燃性气体，G为黄绿色单质气体，J、M为金属，I有漂白作用，反应①常用于制作印刷电路板．

请回答下列问题：
（1）写出B的化学式

 

，I的电子式

 

；
（2）M的硝酸盐水溶液显酸性，用离子方程式解释原因

 

；
（3）写出反应②的化学方程式（有机物用结构简式表示）

 

；
（4）写出M溶于稀H₂SO₄和H₂O₂混合液的化学方程式

 

；
（5）G单质所含元素的最高价氧化物为无色液体，0.25mol该物质与一定量水混合得到一种稀溶液，并放出Q KJ的热量．写出该反应的热化学方程式

 

．

Answer 1

考点：无机物的推断

专题：推断题

分析：X在周期表中的原子半径最小，则X为H元素；Y、Z原子最外层电子数之和为10，“X、Y、Z的原子序数依次增大”，C、D是由X、Y、Z中两种元素组成的化合物，D为无色非可燃性气体，考虑Y、Z为C、O两种元素，则D为CO₂，C为H₂O．G为黄绿色单质气体，则G应为Cl₂，由C+G→H+I，可知生成HCl和HClO，I有漂白作用，应为HClO，则H为HCl，浅绿色、棕黄色溶液为Fe²⁺和Fe³⁺，可知J为Fe，K为FeCl₂，L为FeCl₃，反应①用于制作印刷电路板为FeCl₃和Cu，则M为Cu，B为CuCl₂，E能与葡萄糖反应，应为Cu（OH）₂，F为Cu₂O，从A+H（HCl）=B（CuCl₂）+C（H₂O）+D（CO₂）可知，A是含有Cu²⁺的碳酸盐，应为CuCO₃或Cu₂（OH）₂CO₃，据此解答．

解答： 解：X在周期表中的原子半径最小，则X为H元素；Y、Z原子最外层电子数之和为10，“X、Y、Z的原子序数依次增大”，C、D是由X、Y、Z中两种元素组成的化合物，D为无色非可燃性气体，考虑Y、Z为C、O两种元素，则D为CO₂，C为H₂O．G为黄绿色单质气体，则G应为Cl₂，由C+G→H+I，可知生成HCl和HClO，I有漂白作用，应为HClO，则H为HCl，浅绿色、棕黄色溶液为Fe²⁺和Fe³⁺，可知J为Fe，K为FeCl₂，L为FeCl₃，反应①用于制作印刷电路板为FeCl₃和Cu，则M为Cu，B为CuCl₂，E能与葡萄糖反应，应为Cu（OH）₂，F为Cu₂O，从A+H（HCl）=B（CuCl₂）+C（H₂O）+D（CO₂）可知，A是含有Cu²⁺的碳酸盐，应为CuCO₃或Cu₂（OH）₂CO₃，
（1）由以上分析可知，B是CuCl₂，I为HClO，电子式为，故答案为：CuCl₂；；
（2）Cu（NO₃）₂溶液中铜离子水解，溶液呈酸性，离子方程式为：Cu²⁺+2H₂O?Cu（OH）₂+2H⁺，故答案为：Cu²⁺+2H₂O?Cu（OH）₂+2H⁺；
（3）葡萄糖和氢氧化铜浊液在加热条件下反应的方程式为：CH₂OH（CHOH）₄CHO+2Cu（OH）₂

△

CH₂OH（CHOH）₄COOH+Cu₂O↓+2H₂O，
故答案为：CH₂OH（CHOH）₄CHO+2Cu（OH）₂

△

CH₂OH（CHOH）₄COOH+Cu₂O↓+2H₂O；
（4）Cu溶于稀H₂SO₄和H₂O₂混合液的化学方程式为：Cu+H₂SO₄+H₂O₂=CuSO₄+2H₂O，故答案为：Cu+H₂SO₄+H₂O₂=CuSO₄+2H₂O；
（5）G为Cl₂，最高价氧化物为Cl₂O₇，0.25mol该物质与一定量水混合得到HClO₄，放出Q KJ的热量，该反应的热化学方程式为：Cl₂O₇（l）+H₂O（l）=2HClO₄（aq）△H=-4Q KJ/mol，故答案为：Cl₂O₇（l）+H₂O（l）=2HClO₄（aq）△H=-4Q KJ/mol．

点评：本题综合考查无机框图物质的推断，侧重考查Cu、Fe、Cl₂及化合物知识，题目渗透有机物知识，注意根据物质的颜色、性质进行推断，需要学生熟练掌握元素化合物知识，题目难度较大．