Question

（2012?四川）下列框图中的字母分别代表一种常见的物质或其溶液，相互之间的转化关系如下图所示（部分产物及反应条件已略去）．已知A、B为气态单质，F是地壳中含量最多的金属元素的单质；E、H、I为氧化物，E为黑色固体，I为红棕色气体；M为红褐色沉淀．

请回答下列问题：
（1）B中所含元素位于周期表中第

三

周期，

ⅦA

族．
（2）A在B中燃烧的现象是

气体安静燃烧，火焰呈苍白色，并有白雾产生

．
（3）D+E→B的反应中，被氧化与被还原的物质的物质的量比是

2：1

．
（4）G+J→M的离子方程式是

3AlO₂^-+Fe³⁺+6H₂O=3Al（OH）₃↓+Fe（OH）₃↓

．
（5）Y受热分解的化学方程式是

4Fe（NO₃）₃

△  .

2Fe₂O₃+12NO₂↑+3O₂↑

．

Answer 1

分析：F是地壳中含量最多的金属元素的单质，则F为Al；转化关系中X电解得到三种物质，为电解电解质与水型，A、B为气态单质，二者为氢气和氯气，二者反应生成D，D为HCl，E为黑色固体，为氧化物，和HCl反应又生成B气体，A为H₂，B为Cl₂，E为MnO₂，电解X是电解氯化钠溶液，C为NaOH，与Al反应生成G，G为NaAlO₂；M为红褐色沉淀为Fe（OH）₃，所以J是含三价铁离子的物质，是H和D反应生成，证明J为FeCl₃，H、I为氧化物判断H为Fe₂O₃，I为红棕色气体为NO₂，结合转化故选可知，N为HNO₃，Y为Fe（NO₃）₃，结合物质的性质来解答．

解答：解：F是地壳中含量最多的金属元素的单质，则F为Al；转化关系中X电解得到三种物质，为电解电解质与水型，A、B为气态单质，二者为氢气和氯气，二者反应生成D，D为HCl，E为黑色固体，为氧化物，和HCl反应又生成B气体，A为H₂，B为Cl₂，E为MnO₂，电解X是电解氯化钠溶液，C为NaOH，与Al反应生成G，G为NaAlO₂；M为红褐色沉淀为Fe（OH）₃，所以J是含三价铁离子的物质，是H和D反应生成，证明J为FeCl₃，H、I为氧化物判断H为Fe₂O₃，I为红棕色气体为NO₂，结合转化故选可知，N为HNO₃，Y为Fe（NO₃）₃，
（1）B为Cl₂中所含元素位于周期表第三周期第ⅦA族，故答案为：三；ⅦA；
（2）A为H₂，B为Cl₂，氢气在氯气燃烧的现象是：气体安静燃烧，火焰呈苍白色，并有白雾产生，
故答案为：气体安静燃烧，火焰呈苍白色，并有白雾产生；
（3）D+E→B的反应为MnO₂+4HCl（浓）

△  .

MnCl₂+Cl₂↑+2H₂O，n（被氧化的物质HCl）：n（被还原的物质MnO₂）=2：1，故答案为：2：1；
（4）G（NaAlO₂）+J（FeCl₃）→M（Fe（OH）₃）的反应是在水溶液中发生的双水解反应，反应离子方程式是：3AlO₂^-+Fe³⁺+6H₂O=3Al（OH）₃↓+Fe（OH）₃↓，
故答案为：3AlO₂^-+Fe³⁺+6H₂O=3Al（OH）₃↓+Fe（OH）₃↓；
（5）依据分析推断可知Y为Fe（NO₃）₃，受热分解生成二氧化氮和氧化铁，依据原子守恒配平书写的化学方程式是：4Fe（NO₃）₃

△  .

2Fe₂O₃+12NO₂↑+3O₂↑，
故答案为：4Fe（NO₃）₃

△  .

2Fe₂O₃+12NO₂↑+3O₂↑．

点评：本题考查了物质转化关系和物质性质的应用，主要考查离子方程式的书写、盐类水解的应用等，物质颜色与反应特点是解题关键，对学生的分析思维能力有较高的要求，题目难度中等．