Question

2．某油脂A的分子式C_xH_yO_z，在完全水解后得到三种酸：C₁₇H₃₅COOH、C₁₅H₃₁COOH、C₁₇H₃₃COOH和一种含羟基的有机物B．
（1）有机物B的结构简式为HOCH₂CH（OH）CH₂OH．
（2）0.05mol油脂A完全燃烧得到121g二氧化碳和46.8g水，则x=55；y=104；z=6．
（3）0.05mol油脂A在酸性条件下发生水解，测得油脂A的转化率是40%，除去未水解的油脂A，然后从水解的混合物中提取所得到的四种有机产物组成混合物C，则混合物C最多消耗钠的物质的量是0.18mol．

Answer 1

分析 （1）油脂水解生成羧酸和甘油，则B为甘油；
（2）n（CO₂）=$\frac{121g}{44g/mol}$=2.75mol，根据C原子守恒得n（C）=n（CO₂）=2.75mol，n（H₂O）=$\frac{46.8g}{18g/mol}$=2.6mol，根据H原子守恒得n（H）=2n（H₂O）=2×2.6mol=5.2mol，0.05mol油脂A完全燃烧得到121g二氧化碳和46.8g水，即0.05mol油脂A中含有2.75molC、5.2molH原子，则该分子中含有C、H原子个数分别是55、104，一个A分子水解生成三种酸的分子个数之比为1：1：1，A中含有3个酯基，氧原子个数为6；
（3）0.05mol油脂A在酸性条件下发生水解，测得油脂A的转化率是40%，则水解的油脂的物质的量=0.05mol×（1-40%）=0.03mol，0.03molA水解后生成等物质的量的C₁₇H₃₅COOH、C₁₅H₃₁COOH、C₁₇H₃₃COOH和甘油，都是0.03mol，羧基和醇羟基都能和钠反应生成氢气，且-COOH和醇-OH与Na反应的物质的量之比都为1：1．

解答 解：（1）油脂水解生成羧酸和甘油，则B为甘油，其结构简式为HOCH₂CH（OH）CH₂OH，故答案为：HOCH₂CH（OH）CH₂OH；
（2）n（CO₂）=$\frac{121g}{44g/mol}$=2.75mol，根据C原子守恒得n（C）=n（CO₂）=2.75mol，n（H₂O）=$\frac{46.8g}{18g/mol}$=2.6mol，根据H原子守恒得n（H）=2n（H₂O）=2×2.6mol=5.2mol，0.05mol油脂A完全燃烧得到121g二氧化碳和46.8g水，即0.05mol油脂A中含有2.75molC、5.2molH原子，则该分子中含有C、H原子个数分别是55、104，一个A分子水解生成三种酸的分子个数之比为1：1：1，A中含有3个酯基，氧原子个数为6，则A的分子式为C₅₅H₁₀₄O₆，即x=55、y=104、z=6，
故答案为，55；104；6；
（3）0.05mol油脂A在酸性条件下发生水解，测得油脂A的转化率是40%，则水解的油脂的物质的量=0.05mol×（1-40%）=0.03mol，0.03molA水解后生成等物质的量的C₁₇H₃₅COOH、C₁₅H₃₁COOH、C₁₇H₃₃COOH和甘油，所以C是C₁₇H₃₅COOH、C₁₅H₃₁COOH、C₁₇H₃₃COOH和甘油的混合物，都是0.03mol，羧基和醇羟基都能和钠反应生成氢气，且-COOH和醇-OH与Na反应的物质的量之比都为1：1，0.03molC₁₇H₃₅COOH、C₁₅H₃₁COOH、C₁₇H₃₃COOH和甘油分别和足量钠反应消耗Na的物质的量分别是0.03mol、0.03mol、0.03mol、0.09mol，n（Na）=（0.03×3+0.09）mol=0.18mol，
故答案为：0.18．

点评 本题以油脂为载体考查有机物推断、物质的量有关计算，为高频考点，侧重考查学生分析推断及计算能力，明确各个物理量之间的关系是解本题关键，注意甘油中含有3个醇羟基，题目难度不大．