分析:(Ⅰ)证法一,记g(x)=lnx+
-1-
(x-1),可得到g′(x)=
+
-
<0,从而g(x)为减函数,又g(1)=0,当x>1时,g(x)<g(1),问题解决;
证法二,利用均值不等式,可证得,当x>1时,
<
+
.①,令k(x)=lnx-x+1,同理可证k(x)为减函数,于是有lnx<x-1②,由①②可证得结论;
(Ⅱ)记h(x)=f(x)-
,可求得h′(x)=
-
<
<0(1<x<3),从而h(x)在(1,3)内是递减函数,又由h(1)=0,得h(x)<0,从而证得结论;
解答:证明:(Ⅰ)(证法一):
记g(x)=lnx+
-1-
(x-1),则当x>1时,g′(x)=
+
-
<0,
又g(1)=0,有g(x)<0,即f(x)<
( x-1);…4′
(证法二)由均值不等式,当x>1时,2
<x+1,故
<
+
.①
令k(x)=lnx-x+1,则k(1)=0,k′(x)=
-1<0,故k(x)<0,即lnx<x-1②
由①②得当x>1时,f(x)<
( x-1);
(Ⅱ)记h(x)=f(x)-
,由(Ⅰ)得,
h′(x)=
+
-
=
-
<
-
=
,
令g(x)=(x+5)
3-216x,则当1<x<3时,g′(x)=3(x+5)
2-216<0,
∴g(x)在(1,3)内是递减函数,又由g(1)=0,得g(x)<0,
∴h′(x)<0,…10′
因此,h(x)在(1,3)内是递减函数,又由h(1)=0,得h(x)<0,
于是,当1<x<3时,f(x)<
…12′
点评:本题考查利用导数求闭区间上函数的最值,着重考查构造函数的思想,考查分析、转化与综合计算与应用解决问题的能力,属于难题.