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    7．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材及代号如下：
    A．小灯泡L（ 3V、5Ω）；
    B．滑动变阻器R（0-10Ω，额定电流1.5A）；
    C．电压表V1（量程：0-3V，RV=5kΩ）；
    D．电压表V2（量程：0-15V，RV=10kΩ）；
    E．电流表A1（量程：0-0.6A，RA=0.5Ω）；
    F．电流表A2（量程：0-3A，RA=0.1Ω）；
    G．铅蓄电池、开关各一个，导线若干；
    实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压．
    （1）为了减少误差，实验中应选电压表C，电流表E；
    （2）电流表应采用外接法（填“内接”或“外接”）；
    （3）请在答题区空白处内画出实验原理图（注明所选器材代号）
    （4）某同学实验后作出的I-U  图象如图所示，请分析该图象形成的原因是：随小灯泡两端电压升高电阻增大．

    分析 （1）的关键是根据小灯泡规格求出额定电流来选择电流表量程；根据实验要求电压从零调可知变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节．
    （2）的关键是由于小灯泡电阻较小可知电流表应用外接法，即电路应是“分压外接”．
    （3）根据实验要求可明确滑动变阻器的接法，从而得出对应的电路图；
    （4）I-U图象的斜率表示电阻的倒数，从图中可得电压和电流的增大，斜率减小，说明了电阻随电压的增大而增大．

    解答 解：（1）根据小灯泡规格“3V，5Ω”可知，额定电压为3V，所以选择量程为3V的电压表C；额定电流，I=$\frac{U}{R}$=$\frac{3}{5}$=0.6AV．所以电流表选择0.6A的E；
    （2）小灯泡的电阻为5Ω，由于小灯泡电阻满足$\frac{{R}_{V}}{R}$=$\frac{5000}{5}$=1000； $\frac{R}{{R}_{A}}$=$\frac{5}{0.5}$=10，故$\frac{{R}_{V}}{R}$＞$\frac{R}{{R}_{A}}$，因此电流表应用外接法；
    （3）因本实验中要求电压从零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法，所以电路图如图所示：
    （4）I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数，从图中可得电压和电流的增大，斜率减小，说明了电阻随电压的增大而增大．
    故答案为：（1）C，E
    （2）外接．
    （3）如图所示；
    （4）随小灯泡两端电压升高电阻增大

    点评 应明确：①根据小灯泡规格中的额定电流来选择电流表量程．②若要求电压从零调时变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节．③当满足$\frac{{R}_{V}}{R}$＞$\frac{R}{{R}_{A}}$，时，电流表应用外接法，反之用内接法．

    练习册系列答案
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