Question

【题目】如图所示，R0为热敏电阻（温度降低电阻增大），D为理想二极管（正向电阻为零，反向电阻无穷大），C为平行板电容器，M点接地，在开关S闭合后，C中央有一带电液滴刚好静止。下列各项单独操作可能使带电液滴向上运动的是（　　）

A. 将热敏电阻R0加热

B. 滑动变阻器R的滑动头P向上移动

C. 开关S断开

D. 电容器C的上极板向上移动

Answer 1

【答案】AC

【解析】

由共点力的平衡条件可知液滴的受力情况，要使液滴向上运动，应增大两板间的电势差；由根据闭合电路欧姆定律可知应采取何种措施；注意二极管的作用可以阻止电容器上的电量流出。

A．要使液滴向上运动，则应增大液滴受到的电场力；即应增大两板间的电势差；热敏电阻加热时，热敏电阻阻值减小，则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压增大，故电容器两端的电压增大，液滴向上运动，故A正确；

B．当变阻器的滑片向上移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电流增大，内压及R0两端的电压增大，则滑动变阻器两端的电压减小，故不会充电，电容器两端的电势差不变，故B错误；

C．开关S断开时，电容器直接接在电源两端，电压增大，则液滴向上运动，故C正确；

D．电容器C的上极板向上移动，d增大；则电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差增大，由于，C＝ ，E＝U/d．所以：E＝ ，由于极板上的电量不变，而场强E与极板之间的距离无关，所以电场强度E不变，液滴仍然静止，故D错误；

故选AC。