Question

14．为了测量木块与木板间动摩擦因数μ，某小组使用位移传感器设计了如图1所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离．位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移x随时间t变化规律，如图2所示．

（1）根据上述图线，计算0.4s时木块的速度v=0.4m/s，木块加速度a=1m/s²；
（2）为了测定动摩擦因数μ，还需要测量的量是斜面的倾角；（已知当地的重力加速度g）
（3）为了提高木块与木板间动摩擦因数μ的测量精度，下列措施可行的是A
A．A点与传感器距离适当大些
B．木板的倾角越大越好
C．选择体积较大的空心木块
D．传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻．

Answer 1

分析 （1）由于滑块在斜面上做匀加速直线运动，所以某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度；根据加速度的定义式即可求出加速度；
（2）为了测定动摩擦力因数μ还需要测量的量是木板的倾角θ；
（3）为了提高木块与木板间摩擦力因数μ的测量精度，可行的措施是A点与传感器位移适当大些或减小斜面的倾角．

解答 解：（1）根据某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度，得0.4s末的速度为：v=$\frac{0.3-0.14}{0.4}m/s=0.4m/s$，
0.2s末的速度为：$v′=\frac{0.32-0.24}{0.4}=0.2m/s$，
则木块的加速度为：a=$\frac{v-v′}{t}=\frac{0.4-0.2}{0.2}=1m/{s}^{2}$．
（2）选取木块为研究的对象，木块沿斜面方向是受力：ma=mgsinθ-μmgcosθ
得：$μ=\frac{gsinθ-a}{mcosθ}$所以要测定摩擦因数，还需要测出斜面的倾角θ
（3）根据（2）的分析可知，在实验中，为了减少实验误差，应使木块的运动时间长一些，可以：
可以减小斜面的倾角、增加木块在斜面上滑行的位移等，传感器开始的计时时刻不一定必须是木块从A点释放的时刻．故A正确，BCD错误．
故选：A
故答案为：（1）0.4，1；（2）斜面倾角；（3）A

点评 解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，以及会通过实验的原理得出动摩擦因数的表达式，从而确定所需测量的物理量．