R
12、（4分）
（4分）
三、计算题（四题共46分）
13.解：设篮球从篮板处飞到甲处所用时间为t1，从甲处飞到乙处所用时间为t2,则
， 
……………①（4分）
篮球从甲处飞到乙处过程中，有
…………②（4分）
联立①②解得：
…………③（2分）
14、解：（1）传送带的速度υ的大小为2.0 m/s，方向向右．
（2分）
（2）由速度图象可得，物块在滑动摩擦力的作用下
做匀变速运动的加速度为 a=ㄓυ/ㄓt=2.0
m/s2 （1分）
由牛顿第二定律得
f = μMg= Ma
（2分）
得到物块与传送带间的动摩擦因数 μ =
= 0.2
（1分）
（3）从子弹离开物块到物块与传送带一起匀速运动的过程中，设传送带对物块所做的功为W，由动能定理得：W =ㄓEk = 
－
（2分）
从速度图象可知：
υ1=4.0 m/s υ2 = υ =
2.0 m/s
（1分）
解得：
W= －12J
（1分）
15、解：（1）子弹打木块过程、满足动量守恒，碰后二者的共同速度为V1
mVo=(M+m)V1 ①
（2分）
在拉紧瞬间木块失去了沿绳方向的速度，此时绳子与水平面夹角为
，设木块离开地面间速度为V
V=V1sin ② （1分）
sin=
③ （1分）
由①②③式得V=10m/s （1分）
（2）木块离地以后的运动满足机械能守恒则
④
（3分）
T+(M+m)g=(M+m)
⑤
（3分）
由④⑤式可得 T=4N （1分）
16、解：（1）由动能定理得 
（2分）
解得v0=1.0×104m/s （1分）
（2）微粒在偏转电场中做类平抛运动L=v0t,(1分)
(1分)，
(1分)
飞出电场时，速度偏转角的正切为
（2分）
解得 U2=100V （1分）
（3）进入磁场时微粒的速度是
（１分）
轨迹如图，由几何关系得，轨道半径 
（1分）
由洛伦兹力充当向心力：
得
（2分）
解得B＝0.20T （1分）
所以，为使微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少为0.20T
如图所示，一个质量为m=2.0×10-11kg，电荷量q=+1.0×10-5C的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U1=100V电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场，偏转电场的电压U2=100V．金属板长L=20cm，两板间距d=10
如图所示，一个质量为m=2.0×10-11kg，电荷量为q=1.0×10-5C的带正电粒子P（重力忽略不计），从静止开始经U1=100V电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场，偏转电场的电压为U2．金属板长L=20cm，两板间距d=20cm，上极板带正电，下极板带负电．粒子经过偏转电场后进入右侧垂直纸面向里的水平匀强磁场中，位于磁场左侧的理想边界紧邻偏转电场，磁场中其余区域没有边界．磁场磁感应强度为B．求：
如图所示，一个质量为m=2.0×10-11kg，电荷量q=+1.0×10-5C的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U1=100V电压加速后，水平进入两平行金属板间沿竖直方向的偏转电场中，偏转电场的电压U2=100V．金属板长L=20cm，两板间距d=10
如图所示，一个质量为m=2.0×10-11kg，电荷量q=+1.0×10-5C的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U=100V电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中．金属板长L=20cm，两板间距d=10
如图所示，一个质量为m=2.0×10-11kg，电荷量q=+1.0×10-5C的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U1=100V电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，其板长L=20cm，两板间距d=10