13.如图所示.波源S从平衡位置y=0开始振动.运动方向竖直向上(y轴的正方向).振动周期T=0.01 s.产生的机械波向左.右两个方向传播.波速均为v=80 m/s.已知距离SP=1.2 m.SQ=2.6 m.若以Q点开始振动的时刻作为计时的零点.则在下图所示的四幅振动图象中.能正确描述S.P.Q三点振动情况的是ADA.甲为Q点的振动图象 B.乙为振源S点的振动图象C.丙为P点的振动图象 D.丁为P点的振动图象第 Ⅱ 卷 查看更多

 

题目列表(包括答案和解析)

如图所示,波源S从平衡位置y=0开始振动,振动方向为竖直向上(y轴的正方向),振动周期为T=0.01s,产生的简谐波向左、右两个方向传播,波速均为v=80m/s.经过一段时间后,P、Q两点开始振动.已知距离SP=1.2m,SQ=2.6m.若以Q点开始振动时刻作为计时的零点,则在下列振动图象中,能正确描述P、Q两点振动情况的是:(  )

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精英家教网如图所示,波源S从平衡位置y=0开始振动,运动方向竖直向上(y轴的正方向),振动周期T=0.01s,产生的简谐横波向左、右两个方向传播,波速均为v=80m/s.经过一段时间后,P、Q两质元已开始振动.已知距离SP=1.2m,SQ=2.6m,若以Q质元开始振动的时刻作为计时的零点,则P质元的振动图象是(  )

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如图所示,波源S从平衡位置y=0开始振动,运动方向竖直向上(y轴的正方向),振动周期T=0.01s,产生的机械波向左、右两个方向传播,波速均为v=80m/s,经过一段时间后,P、Q两点开始振动,已知距离SP=1.2m、SQ=2.6m.若以Q点开始振动的时刻作为计时的零点,则在下图所示的四幅振动图象中,能正确描述S、P、Q三点振动情况的是(    )

A.甲为Q点的振动图象       B.乙为振源S点的振动图象

C.丙为P点的振动图象        D.丁为P点的振动图

 

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如图所示,波源S从平衡位置y=0开始振动,运动方向竖直向上(y轴的正方向),振动周期T=0.01s,产生的机械波向左、右两个方向传播,波速均为v=80m/s,经过一段时间后,PQ两点开始振动,已知距离SP=1.2m、SQ=2.6m.若以Q点开始振动的时刻作为计时的零点,则在下图所示的四幅振动图象中,能正确描述SPQ三点振动情况的是

A.甲为Q点的振动图象      B.乙为振源S点的振动图象

C.丙为P点的振动图象      D.丁为P点的振动图象

 

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如图所示,波源S从平衡位置y=0开始振动,运动方向竖直向上(y轴的正方向),振动周期T=0.01s,产生的机械波向左、右两个方向传播,波速均为v=80m/s,经过一段时间后,PQ两点开始振动,已知距离SP=1.2m、SQ=2.6m.若以Q点开始振动的时刻作为计时的零点,则在下图所示的四幅振动图象中,能正确描述SPQ三点振动情况的是

A.甲为Q点的振动图象      B.乙为振源S点的振动图象

C.丙为P点的振动图象      D.丁为P点的振动图象

 

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一、选择题。每小题3分,共42分。

1.B  2.B  3.D  4.BD  5.C  6.BD  7.C  8.C  9.C 

10.B  11.A  12.BC  13.AD

二、实验题。每空2分,共12分。

14.(Ⅰ)(1)1.5V;3Ω(2)BA (Ⅱ)

三、计算题。共4个小题,共49分。

15.(10分)解:(1)  (2分)             (2分)

解得    所以小球发生的位移s=          (2分)

(2)mg=qE      (2分)                 (2分)

16.(10分)解析:设A车的速度为vA,B车加速度行驶时间为t,两车在t0时相遇。则有      (2分)          (4分)

式中,t0=12 s,SA、SB分别为A、B两车相遇前行驶的路程。

依题意有     (2分) 式中s=84 m

由以上几式可得

代入数据

解得 t2不合题意,舍去。因此B车加速行驶的时间为6 s   (2分)

17.(15分) 解:(1)mv0=2mvA…………(2分)   vA=v0……………………(2分)

(2)qE=2mvA2/r………………………(3分)

E=…………………………   (2分) E的方向是竖直向上…………(1分)

(3)在AB过程中应用动能定理有:qE?2r-2mg?2r=EkB-?2mvA2………   …(3分)

∴EkB=mv02-4mgr…………………………………………………     ……(2分)

 

18.(14分)解:(1)设C球与B球粘连成D时,D的速度为v1,由动量守恒,有

mv0=(m+m)v1     ……                                             (2分)

当弹簧压至最短时,D与A的速度相等,设此速度为v2,由动量守恒,有

2mv1=3mv2       …………                                       …(2分)

由①、②两式得A的速度v2 =v0………                       ……(1分)

(2)设弹簧长度被锁定后,贮存在弹簧中的势能为Ep,由能量守恒,有

?2mv12=?3mv22+Ep ……                                 ………(2分)

解得Ep=mv02………                                      … …(2分)

(3)撞击P后,A与D的动能都为0。解除锁定后,当弹簧刚恢复到自然长度时,势能全部转变成D的动能,设D的速度为v3,则有

Ep = ?2mv32………                                           …(1分)

以后弹簧伸长,A球离开挡板P,并获得速度,当A、D的速度相等时,弹簧伸至最长。设此时的速度为v4,由动量守恒,有

2mv3=3mv4………                                            ……(1分)

当弹簧伸长到最长时,其势能最大,设此势能为E′p,由能量守恒有

?2mv32=?3mv42+Ep′……                                ………(2分)

解以上各式得:Ep′= mv02…                            ………(1分)

 

 

高三物理双向细目表

序号

内容

识记

理解

应用

小计

选择

非选择

小计

1

运动学

 

10

 

10

 

10

10

2

动力学

3

3

 

6

6

 

6

3

万有引力

3

 

 

3

3

 

3

4

动量和能量

 

5

9

14

 

14

14

5

振动和波

 

3

 

3

3

 

3

6

热学

3

 

 

3

3

 

3

7

电场

3

3

 

6

6

 

6

8

磁场

 

3

 

3

3

 

3

9

电磁感应

3

3

 

6

6

 

6

10

光学

3

 

 

3

3

 

3

11

原子物理

3

 

 

3

3

 

3

12

力学综合

 

3

 

3

3

 

3

13

力电综合

10

15

 

25

 

25

25

14

力学实验

 

4

 

4

 

4

4

15

电学实验

4

4

 

8

 

8

8

 

 


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