分析:(1)利用a1=0时,且对任意k∈N*,a2k-1,a2k,a2k+1成等差数列,代入计算,可求a2,a3,a4;
(2)观察已知条件可得a2k+1-a2k-1=4k,利用累加法a2k+1=a1+(a3-a1)+(a5-a3)+…+(a2k-1+a2k-3)可求出a2k+1,从而可得数列的通项;
(3)确定数列的通项,利用分组求和法,即可证得结论.
解答:(1)解:由题设,可得a
2=a
1+2=2,a
3=a
2+2=4,a
4=a
3+4=8;
(2)解:由题意可得a
2k+1-a
2k-1=4k,k∈N
+,
所以a
2k+1-a
1=(a
2k+1-a
2k-1)+(a
2k-1-a
2k-3)+…+(a
3-a
1)=4k+4(k-1)+…+4×1=2k(k+1)
由a
1=0,得a
2k+1=2k(k+1),从而a
2k=a
2k+1-2k=2k
2,a
2k+2=2(k+1)
2于是数列{a
n}的通项公式为
an=;
(3)证明:由(2)知,当n为偶数时,
==2当n为奇数时,
==2+(-)n=2时,2n-T
n=4-2=2,不等式成立
当n为偶数且n≥4时,
Tn=++…+=
(++…+)+
[++…+]=
×2+(-1)×2+
(-)+…+[
-]=2n-2+
-=
2n--∴
2n-Tn=+∴
<2n-Tn=+<+<2综上,当n为偶数时,有
<2n-Tn≤2(n≥2).
点评:本题主要考查等差数列的定义及通项公式,前n项和公式、等比数列的定义、数列求和等基础知识,考查运算能力、推理论证能力、综合分析和解决问题的能力及分类讨论的思想方法.