Question

已知函数f（x）=2lnx-x²-ax．
（Ⅰ）当a≥3时，讨论函数y=f（x）在[

1

2

，+∞）上的单调性；
（Ⅱ）如果x₁，x₂（x₁＜x₂）是函数f（x）的两个零点，f（x）为函数f′（x）的导数，证明：f′(

x1+2x2

3

)＜0．

Answer 1

分析：（Ⅰ）求导数，可判当a≥3时，f'（x）≤0在[

1

2

，+∞)上恒成立，可得单调性；
（Ⅱ）由题意可得a=

2ln x2 x1

x2-x1

-（x₂+x₁），代入f′(x)=

2

x

-2x-a，可得f′(

x1+2x2

3

)=

-2ln x2 x1

x2-x1

+

6

x1+2x2

-

1

3

(x2-x1)，只需研究

-2ln x2 x1

x2-x1

+

6

x1+2x2

的符号，而

-2ln x2 x1

x2-x1

+

6

x1+2x2

=

-2

x2-x1

[lnt-

3(t-1)

2t+1

]，构造函数令h（t）=lnt-

3(t-1)

2t+1

  （t＞1），求导数可得单调性和求值范围，进而可得答案．

解答：解：（Ⅰ）求导数可得f′(x)=

2

x

-2x-a，…（1分）
易知f'（x）在[

1

2

，+∞)上单调递减，…（2分）
∴当x∈[

1

2

，+∞)时，f′(x)≤f/(

1

2

)=3-a．…（3分）
当a≥3时，f'（x）≤0在[

1

2

，+∞)上恒成立．
∴当a≥3时，函数y=f（x）在[

1

2

，+∞)上单调递减．…（5分）
（Ⅱ）∵x₁，x₂（x₁＜x₂）是函数f（x）的两个零点，
∴f（x₁）=2lnx₁-x12-ax₁=0，f（x₂）=2lnx₂-x22-ax₂=0，
两式相减可得：2ln

x2

x1

-（x22-x12）-a（x₂-x₁）=0，
故a=

2ln x2 x1

x2-x1

-（x₂+x₁），又∵f′(x)=

2

x

-2x-a，
∴f′(

x1+2x2

3

)=

2

x1+2x2 3

-2(

x1+2x2

3

)-a
=

6

x1+2x2

-

2

3

(x1+2x2)-

2ln x2 x1

x2-x1

+（x₂+x₁）
=

-2ln x2 x1

x2-x1

+

6

x1+2x2

-

1

3

(x2-x1)，
因为-

1

3

(x2-x1)＜0，故只需研究

-2ln x2 x1

x2-x1

+

6

x1+2x2

的符号，
而

-2ln x2 x1

x2-x1

+

6

x1+2x2

=

-2

x2-x1

[ln

x2

x1

-

3( x2 x1 -1)

2 x2 x1 +1

]，
令

x2

x1

=t，则t＞1，故上式=

-2

x2-x1

[lnt-

3(t-1)

2t+1

]，
令h（t）=lnt-

3(t-1)

2t+1

  （t＞1），
求导数可得h′（t）=

1

t

-

9

(2t+1)2

=

(t-1)(4t-1)

t(2t+1)2

＞0，
所以h（t）=lnt-

3(t-1)

2t+1

  在（1，+∞）单调递增，
所以当t＞1时，h（t）＞h（1）=0，故

-2

x2-x1

[lnt-

3(t-1)

2t+1

]＜0，
又-

1

3

(x2-x1)＜0，故f′(

x1+2x2

3

)＜0    （14分）

点评：本题考查利用导数研究函数的极值和单调性，涉及构造函数的方法，属中档题．