成都市2009届高中毕业班第一次诊断性检测
理科综合能力测试
(物理部分)
本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。第Ⅰ卷1页至4页,第Ⅱ卷5页至12页。全卷共300分,考试时间为150分钟。
第Ⅰ卷(选择题,共126分)
二、选择题(本题包括8小题。每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确.全部选对的得6分,选对但选不全的得3分,有选错的得0分)
14.下列与能量或分子运动有关的说法中,正确的是
A.常温、常压下,一定质量的气体在等温变化过程中;若吸热.则一定对外做功
B.温度越高的物体,分子的平均动能越大,内能也越大
C.热机工作过程中,若没有摩擦;则它可以将吸收的热量全部转化为机械能
D.布朗运动是悬浮在液体中的固体分子的无规则运动
15.硅光电池作为电源已广泛应用于人造卫星、灯塔和无人气象站等,高速公路上安装的“电子眼”通常也采用硅光电池供电。硅光电池的原理如图所示,a、b是硅光电池的两个电极,P、N是两块硅半导体,E区是两块半导体自发形成的匀强电场区,P的上表面镀有一层增透膜。光照射到半导体P上,使P内受原子束缚的电子成为自由电子,自由电子经E区电场加速到达半导体N,从而产生电动势,形成电流。以下说法中正确的是
A.E区匀强电场的方向由P指向N
B.电源内部的电流方向由P指向N
C.a电极为电池的正极
D.硅光电池是一种把化学能转化为电能的装置
16、如图所示,D是斜面AC的中点,AD段和DC段分别由两种不同的材料构成。现有一小滑块(可视成质点)从斜面顶端A处由静止开始滑下,恰能滑到AC的底端C处静止。则关于滑决在斜面AC上的运动精况,下列说法正确的是
A.滑块在AD段运动的平均速率大于在DC段运动的平均速率
B.滑块在AD段和DC 段运动的加速度大小相等
C.滑块在AD段和DC 段运动中克服摩擦力做的功相等
D.滑块在AD段和DC 段运动运动中受到的摩擦力冲量相等
17.如图所示的电路中,电源电动势为E,内电阻为r,平行板电容器C的两金属板水平放置,R1和R2为定值电阻,P为滑动变阻器R的滑动触头,G为灵敏电流计,A为理想电流表。开关S闭合后,C的两扳间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态,则以下说法正确的是
A.在P向上移动的过程中,A表的示数变大,油滴仍然静止,G中有方向由a至b的电流
B.在P向上移动的过程中,A表的示数变小,油滴向上加速运动,G中有方向由b至a的电流
C.在P向下移动的过程中,A表的示数变大,油滴向上加速运动,G中有由a至b的电流
D.将S断开,当电路稳定时,A表的示数受为零,油滴仍保持静止状态,G中无电流
18.如图甲所示,同一水平直线上相距
A.两列波在A、B间的传播速度均为
B.两列波的彼长都是
C.在两列波相遇的过程中冲点C为振动加强点
D.在t2=0.7 s时刻,B处质点经过平衡位置且振动方向向下
19.质量为
A.t=0时刻,物体的速度大小为
B.物体初速度方向与外力F的方向垂直
C.物体所受外力F的大小为5 N
D.2 s末,外力F的功率大小为25W
|
A.由题设条件可以判断出粒子的带电性质
B.对h≤d的粒子,h越大t越大
C.对h≤d的粒子,在时间t内,电场力对粒子做的功不相等
D.h越大的粒于,进入电场时的速率v也越大
21.假设我国发射的探月卫星“嫦娥1号”的绕月运行轨道和载人飞船“神舟七号”的绕地运行轨道都可以看成是圆轨道.且不计卫星到月球表面的距离和飞船到地球表面的距离。已知月球质量约为地球质量的1/81,月球半径约为地球半径的1/4。地球上的第一宇宙速度约为
,
。则下列说法或结果正确的是
A.“神舟七号”绕地运行的速率大于
B.“嫦娥1号”绕月运行的速率为
C.k星∶k船=1∶81
D.T星∶T船=1∶4
第Ⅱ卷(非选择题,共174分)
注意事项:
1.本卷共10题,用钢笔或圆珠笔直接答在试题卷上。
2.答本卷前将密封线内的项目填写清楚。
22.(17分)
(1)(2分)左下图所示的螺旋测微器的示数是___________mm。
(2)(8分)某同学采用半径R=25 cm的1/4圆弧轨道做平抛运动实验,其部分实验装置示意图如图甲所示。实验中,通过调整使出口末端B的切线水平后,让小球从圆弧顶端的A点由静止释放。图乙是小球做平抛运动的闪光照片,照片中的每个正方形小格的边长代表的实际长度为4.85cm。己知闪光频率是10Hz。则根据上述的信息可知:
①小球到达轨道最低点B时的速度大小vB=________m/s,小球在D点时的竖直速度大小vDy=________m/s,当地的重力加速度 g=________m/s2;
②小球在圆弧槽轨道上是否受到了摩擦力:____(填“受到”、“未受到”或“条件不足,无法确定”)。
(3)(7分)某实验室提供的实验器材如下:
A.一节干电池E(电动势1.5V,内阻约0.5Ω)
B.一个电压表V(量程0~1V,内阻约1kΩ)
C.一个电流表mA(量程0~4 mA,内阻在60~90Ω之间)
D.一个定值电阻R0(电阻100Ω,允许的最大电流为
E.一个滑动变阻器R(电阻10Ω,允许的最大电流为
F.一个单刀单掷开关S,导线若干
为了扩大其中的电流表mA的量程,需要先测出电流表的内阻。为此;某同学根据提供的器材设计了一种利用伏安法进行测量的较为合理的电路,并在实验中正确操作,测出了几组数据,作出了电压表的示数U和电流表的示数I的关系图线(见图甲)。
①请你根据提供的器材和该同学的测量数据在图乙的虚线框中画出该同学设计的实验电路图(需标注各元件的符号);
②该同学测出的mA表的内阻为_________Ω。
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23.(16分) 为了缩短下楼的时间,消防队员往往抱着竖直杆直接滑下,先以可能的最大加速度沿杆做匀加速直线运动,再以可能的最大加速度沿杆做匀减速直线运动。假设一名质量m=
(1)该队员下滑过程中动量的最大值;
(2)该队员下滑过程的最短时间。
24.(19分)如图所示的装置中,两个光滑定滑轮的半径很小,表面粗糙的斜面固定在地面上。现用一根伸长量可以忽略的轻质细绳跨过定滑轮连接可视为质点的甲、乙两物体,其中甲放在斜面上且连线与斜面平行,乙悬在空中,放手后,甲、乙均处于静止状态。当一水平向右飞来的子弹击中乙(未穿出)后,子弹立即和乙一起在竖直平面内来回运动,若乙在摆动过程中,悬线偏离竖直方向的最大偏角为α=60°,整个过程中,甲均未动,且乙经过最高点(此时乙沿绳方向的合外力为零)和最低点时,甲在斜面上均即将滑动。已知乙的重心到悬点O的距离为l=
(1)子弹射入射己前的速度大小;
(2)斜面对甲的最大静摩擦力。
25.(20分)在长为
(1)求小球A、B运动过程中的最大速度;
(2)小球A、B能否回到原出发点?若不能,请说明理由;若能,请求出经过多长时间带电系统又回到原地发点。
(3)求运动过程中带电小球B电势能增加的最大值。
成都市2009届高中毕业班第一次诊断性检测
(物理部分)
第Ⅰ卷
二、选择题(48分)
14.A 15.C 16.B 17.B 18.AD 19.CD 20.AD 21.C
第Ⅱ卷
22.(17分)
(1)0.949或0.950 (2分)
(2)①1.94 1.94 9.7 ②受到(每空2分,共8分)
(3)①见图 评分标准:测量电路正确2分,变阻器接法正确2分,全对得4分
②80±2Ω
23.(16分)
解:(1)设该队员下滑中的最大速度为v,滑至地面前瞬间的速度为v1,做匀减速直线运动的加速度为a,在整段过程中运动的时间分别为t1和t2,下滑的距离分别为h1和h2
该队员先做自由落体运动,有 v2=2gh1 ① (1分)
接着做匀减速直线运动,有 v2-v12=2ah2 ② (1分)
fmax-mg=ma ③ (2分)
且 s=h1+h2 ④ (1分)
v1=
由③式得:a=5m/s2 (1分)
再由①②④式联立可得 v=10m/s (2分)
所以该队员下滑过程中动量的最大值p=mv=650kg?m/s (2分)
(2)由v=gt1 ⑤ (1分)
v-v1=at2 ⑥ (1分)
由⑤⑥式可得 t1=1s t2=0.8s (2分)
所以该队员下滑过程的最短时间t=t1+t2=1.8 s (2分)
24.(19分)
解:(1)设子弹射入物块前的速度大小为v0,射入后共同速度的大小为v,
子弹击中乙的过程中动量守恒,有 mv0=(m+m乙)v ① (3分)
乙上摆到最高点的过程,机械能守恒
有
②
(3分)
联立②③解得 v0=300m/s (2分)
(2)设甲物体的质量为m甲,说受的最大静摩擦力为f,斜面的倾角为θ,
当乙物体运动到最高点时,绳子上的弹力设为T1,
T1=(m+m乙)gcosθ ③ (2分)
此时甲物体恰好不下滑,有 m甲g sinθ=f+T1 ④ (2分)
当乙物体运动到最低点时,绳子上的弹力设为T2,
由牛顿第二定律:
⑤
(2分)
此时甲物体恰好不上滑,有 m甲g sinθ+f=T2 ⑥ (2分)
联立②③④⑤⑥解得
N
(3分)
25.(20分)
解:(1)带电系统锁定解除后,在水平方向上受到向右的电场力作用开始向右加速运动,当B进入电场区时,系统所受的电场力为A、B的合力,因方向向左,从而做减速运动,以后不管B有没有离开右边界,速度大小均比B刚进入时小,故在B刚进入电场时,系统具有最大速度。
设B进入电场前的过程中,系统的加速度为a1,由牛顿第二定律:
2Eq=2ma1 (2分)
B刚进入电场时,系统的速度为vm,由
可得
(3分)
(2)对带电系统进行分析,假设A能达到右边界,电场力对系统做功为W1
则
(2分)
故系统不能从右端滑出,即:当A刚滑到右边界时,速度刚好为零,接着反向向左加速。由运动的对称性可知,系统刚好能够回到原位置,此后系统又重复开始上述运动。
(2分)
设B从静止到刚进入电场的时间为t1,则
(1分)
设B进入电场后,系统的加速度为a2,由牛顿第二定律
(1分)
显然,系统做匀减速运动,减速所需时间为t2,则有
(1分)
那么系统从开始运动到回到原出发点所需的时间为
(2分)
(3)当带电系统速度第一次为零,即A恰好到达右边界NQ时,B克服电场力做的功最多,B增加的电势能最多,此时B的位置在PQ的中点处 (1分)
所以B电势能增加的最大值
(3分)
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