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    从计算结果看两者大小关系是怎样的?请解释为什么有这样的关系? 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    如图所示，两条平行的足够长的光滑金属导轨与水平面成α=53??角，导轨间距离L=0.8m.其上端接一电源和一固定电阻，电源的电动势E=1.5V,其内阻及导轨的电阻可忽略不计. 固定电阻R=4.5Ω.导体棒ab与导轨垂直且水平，其质量m=3×10-2kg,电阻不计. 整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T.(g=10m/s2  sin53??=0.8  cos53??=0.6 )

    （1）将ab棒由静止释放，最终达到一个稳定的速度，求此时电路中的电流；

    （2）求ab稳定时的速度；

    （3）求ab棒以稳定速度运动时电路中产生的焦耳热功率PQ及ab棒重力的功率PG .

       从计算结果看两者大小关系是怎样的？请解释为什么有这样的关系？

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    如图所示，两条平行的足够长的光滑金属导轨与水平面成α=53º角，导轨间距离L=0.8m.其上端接一电源和一固定电阻，电源的电动势E=1.5V,其内阻及导轨的电阻可忽略不计. 固定电阻R=4.5Ω.导体棒ab与导轨垂直且水平，其质量m=3×10-2kg,电阻不计. 整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T.(g=10m/s2  sin53º=0.8  cos53º=0.6 )

       （1）将ab棒由静止释放，最终达到一个稳定的速度，求此时电路中的电流；

       （2）求ab稳定时的速度；

       （3）求ab棒以稳定速度运动时电路中产生的焦耳热功率PQ及ab棒重力的功率PG .

            从计算结果看两者大小关系是怎样的？请解释为什么有这样的关系？

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    如图所示，两条平行的足够长的光滑金属导轨与水平面成α=53º角，导轨间距离L=0.8m.其上端接一电源和一固定电阻，电源的电动势E=1.5V,其内阻及导轨的电阻可忽略不计. 固定电阻R=4.5Ω.导体棒ab与导轨垂直且水平，其质量m=3×10-2kg,电阻不计. 整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T.(g=10m/s2  sin53º="0.8 " cos53º="0.6" )

    （1）将ab棒由静止释放，最终达到一个稳定的速度，求此时电路中的电流；
    （2）求ab稳定时的速度；
    （3）求ab棒以稳定速度运动时电路中产生的焦耳热功率PQ及ab棒重力的功率PG.
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    如图所示，两条平行的足够长的光滑金属导轨与水平面成α=53°角，导轨间距离L=0.8 m。其上端接一电源和一固定电阻，电源的电动势E=1.5 V,其内阻及导轨的电阻可忽略不计，固定电阻R=4.5 Ω，导体棒ab与导轨垂直且水平，其质量m=3×10-2 kg,电阻不计。整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5 T。(g取10 m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6)

    (1)将ab棒由静止释放，最终达到一个稳定的速度，求此时电路中的电流。

    (2)求ab稳定时的速度。

    (3)求ab棒以稳定速度运动时电路中产生的焦耳热功率PQ及ab棒重力的功率PG。

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    精英家教网如图所示，两条平行的足够长的光滑金属导轨与水平面成α=53°角，导轨间距离L=0.8m．其上端接一电源和一固定电阻，电源的电动势E=1.5V，其内阻及导轨的电阻可忽略不计．固定电阻R=4.5Ω．导体棒ab与导轨垂直且水平，其质量m=3×10-2kg，电阻不计．整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T．（g=10m/s2  sin53°=0.8  cos53°=0.6 ）
    （1）将ab棒由静止释放，最终达到一个稳定的速度，求此时电路中的电流．
    （2）求ab稳定时的速度．
    （3）求ab棒以稳定速度运动时电路中产生的焦耳热功率PQ及ab棒重力的功率PG．
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    1.C 2.A 3.A 4.C 5.B 6.AD 7.AC 8.AD 9.BC

    10．（1）BCD

    (2)(1) A　，C　　　　　（2）　9.58　　　　

    （3）不合理．由于阻力的存在，第（2）问中求得的结果不是当地的重力加速度，不能用它来计算重力势能的改变量．　

    11．(1)A D E G H(2分)

     (2)b (1分)  实物连接如下图(2分)

    (3)2.4 (3分)；1.27×10―6 ?m(3分．答1.25×10-6~1.30×106?m均按正确．)

       （2）解：作出光路如图

           由折射定律得（2分）

          

           所以r=30°（2分）

           由图知

           则AB―AC=d?tan30°=d

           出射光线与入射光线间的距离是d（2分）

    12-C（1）BCDGH（6分，全对得6分，不全对的每对一项得1分，错一项扣1分，错2项扣3分，错3项本题不得分，本题不得负分）

       （2）①A、B相碰满足动量守恒（1分）

           得两球跟C球相碰前的速度v1=1m/s（1分）

           ②两球与C碰撞同样满足动量守恒（1分）

           得两球碰后的速度v2=0.5m/s，

           两次碰撞损失的动能（2分）

           （1分）

    14. 解：

    （1）mgsinα=BILcosα ………………2分

    解得：I=1A               ………1分

     (2) I=               ……2分

    解得：v=25m/s                         ……2分

    (3) PQ=I2R=4.5W                         ……1分

    PG=mgvsinα=6W           ……1分

    重力势能的减少量，一部分转化成电能，以焦耳热的形式释放，另一部分给电源充电。

    15. 解：

    （1）撤去F前，根据牛顿第二定律，有：

        金属块：                                                              …………（2分）

        平板车：                                              …………（2分）

        从给车一个向右的水平恒力到刚撤去该力的过程，平板车与金属块发生的位移满足关系：                                         …………（2分）

        即：

        解得：                                                                     …………（2分）

        所以：                                                         …………（2分）

                                                                         …………（2分）

    （2）撤去F后，金属块在平板车的CB段滑动的过程，设最终的共同速度为v3，根据动量守恒，有：

                                                                       …………（3分）

        该过程系统机械能损失等于摩擦生热，有：

                                       …………（3分）

        解得：         

     

     

     

     

     

     

     


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