Question

2．已知，如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，∠BAC的角平分线AD交BC边于D．
（1）用尺规在AB边上作点O，并以点O为圆心作⊙O，使它过A、D两点．（不写作法，保留作图痕迹），再判断直线BC与⊙O的位置关系，并说明理由．
（2）若（1）中的⊙O与AB边的另一个交点为E，AB=6，BD=2$\sqrt{3}$，求线段BD、BE与劣弧DE所围成的图形面积．（结果保留根号和π）

Answer 1

分析 （1）根据题意得：O点应该是AD垂直平分线与AB的交点；由∠BAC的角平分线AD交BC边于D，与圆的性质可证得AC∥OD，又由∠C=90°，则问题得证；
（2）设⊙O的半径为r．则在Rt△OBD中，利用勾股定理列出关于r的方程，通过解方程即可求得r的值；然后根据扇形面积公式和三角形面积的计算可以求得“线段BD、BE与劣弧DE所围成的图形面积为：S_△ODB-S_扇形ODE=2$\sqrt{3}$-$\frac{2}{3}π$．

解答 解：（1）如图：连接OD，
∵OA=OD，
∴∠OAD=∠ADO，
∵∠BAC的角平分线AD交BC边于D，
∴∠CAD=∠OAD，
∴∠CAD=∠ADO，
∴AC∥OD，
∵∠C=90°，
∴∠ODB=90°，
∴OD⊥BC，
即直线BC与⊙O的切线，
∴直线BC与⊙O的位置关系为相切；

（2）设⊙O的半径为r，则OB=6-r，
又∵BD=2$\sqrt{3}$，
在Rt△OBD中，
OD²+BD²=OB²，
即r²+（2$\sqrt{3}$）²=（6-r）²，
解得r=2，OB=6-r=4，
∴∠DOB=60°，
∴S_扇形ODE=$\frac{60π×{2}^{2}}{360}$=$\frac{2}{3}$π，
S_△ODB=$\frac{1}{2}$OD•BD=$\frac{1}{2}$×2×2$\sqrt{3}$=2$\sqrt{3}$，
∴线段BD、BE与劣弧DE所围成的图形面积为：S_△ODB-S_扇形ODE=2$\sqrt{3}$-$\frac{2}{3}$π．

点评 此题考查了切线的判定与性质以及扇形面积与三角形面积的求解方法等知识．此题综合性很强，解题的关键是注意数形结合思想的应用．