Question

10．将一定质量的镁、铜合金加入到稀硝酸中，两者恰好完全反应，假设反应过程中还原产物全是NO，向所得溶液中加入物质的量浓度为3mol/L NaOH溶液至沉淀完全，测得生成沉淀的质量比原合金的质量增加5.1g，则下列有关叙述中正确的是（　　）

• A． 参加反应的硝酸的物质的量为0.4mol
• B． 加入合金的质量可能为9.6g
• C． 沉淀完全时消耗NaOH溶液体积为150mL
• D． 溶解合金时产生NO气体体积0.224L（以标准状况）

Answer 1

分析 将一定质量的镁、铜合金加入到稀HNO₃中，两者恰好完全反应，假设反应中还原产物只有NO，发生反应：3Mg+8HNO₃（稀）=3Mg（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O、3Cu+8HNO₃（稀）=3Cu（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O，向反应后的溶液中加入过量的NaOH溶液至沉淀完全，发生反应：Mg（NO₃）₂+2NaOH=Mg（OH）₂↓+2NaNO₃、Cu（NO₃）₂+2NaOH=Cu（OH）₂↓+2NaNO₃，沉淀为氢氧化镁和氢氧化铜，生成沉淀的质量比原合金的质量增加5.1g，则氢氧化镁和氢氧化铜含有氢氧根的质量为5.1g，氢氧根的物质的量为$\frac{5.1g}{17g/mol}$=0.3mol，根据电子转移守恒，则镁和铜的总的物质的量为0.15mol，
A．根据方程式可知参加反应的n_反应（HNO₃）=$\frac{8}{3}$n（金属）；
B．根据电子转移计算金属总物质的量，金属的总质量与金属的含量有关，假定全为镁、全为铜计算确定金属的质量范围；
C．n（NaOH）=n（OH^-），根据V=$\frac{n}{c}$计算加入的氢氧溶液的体积；
D．根据电子转移守恒计算n（NO），然后计算出标况下一氧化氮的体积．

解答 解：将一定质量的镁、铜合金加入到稀HNO₃中，两者恰好完全反应，假设反应中还原产物只有NO，发生反应：3Mg+8HNO₃（稀）=3Mg（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O、3Cu+8HNO₃（稀）=3Cu（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O，向反应后的溶液中加入过量的NaOH溶液至沉淀完全，发生反应：Mg（NO₃）₂+2NaOH=Mg（OH）₂↓+2NaNO₃、Cu（NO₃）₂+2NaOH=Cu（OH）₂↓+2NaNO₃，沉淀为氢氧化镁和氢氧化铜，生成沉淀的质量比原合金的质量增加5.1g，则氢氧化镁和氢氧化铜含有氢氧根的质量为5.1g，氢氧根的物质的量为：$\frac{5.1g}{17g/mol}$=0.3mol，根据电子转移守恒，则镁和铜的总的物质的量为0.15mol，
A．根据方程式可知参加反应的n_反应（HNO₃）=$\frac{8}{3}$n（金属）=$\frac{8}{3}$×0.15mol=0.4mol，故A正确；

B．假定全为镁，金属质量为0.15mol×24g/mol=3.6g，若全为铜，金属质量为：0.15mol×64g/mol=9.6g，所以参加反应的金属的总质量（m）范围为：3.6g＜m＜9.6g，故B错误；
C．反应消耗氢氧化钠的物质的量为：n（NaOH）=n（OH^-）=0.3mol，则加入的氢氧化钠溶液的体积为：V=$\frac{0.3mol}{3mol/L}$=0.1L=100mL，故C错误；
D．金属的物质的量为0.15mol，完全反应失去0.15mol×2=0.3mol电子，根据电子转移守恒，生成一氧化氮的物质的量为：n（NO）=$\frac{0.3mol}{5-2}$=0.1mol，标准状况下NO的体积为0.1mol2.24L，故D错误；
故选A．

点评 本题主要考查混合物有关计算，题目难度中等，侧重于学生运用电子转移守恒、质量守恒等解决复杂问题的能力，是一道考查能力的好题．