Question

（2011•盐城二模）已知数列{a_n}单调递增，且各项非负，对于正整数K，若任意的i，j（1≤i≤j≤K），a_j-a_i仍是{a_n}中的项，则称数列{a_n}为“K项可减数列”．
（1）已知数列{a_n}是首项为2，公比为2的等比数列，且数列{a_n-2}是“K项可减数列”，试确定K的最大值；
（2）求证：若数列{a_n}是“K项可减数列”，则其前n项的和Sn=

n

2

an(n=1，2，…，K)；
（3）已知{a_n}是各项非负的递增数列，写出（2）的逆命题，判断该逆命题的真假，并说明理由．

Answer 1

分析：要紧扣新概念，借助于等比数列的性质以及数列前N项和的性质．
（1）由于an=2n，则cn=2n-2，紧扣K项可减数列的概念，求出k值；
（2）要紧扣新概念，因为数列{a_n}是“K项可减数列”，所以a_k-a_t（t=1，2…，K）必定是数列{a_n}中的项；
（3）考查命题的真假，要有数列前N项和公式求通项公式，由an=

Sn-Sn-1，n≥2 S1，n=1

即可求出．

解答：解：（1）设cn=an-2=2n-2，则c₁=0，c₂=2，c₃=6，
易得c₁-c₁=c₁，c₂-c₁=c₂，c₂-c₂=c₁，即数列{c_n}一定是“2项可减数列”，
但因为c₃-c₂≠c₁，c₃-c₂≠c₂，c₃-c₂≠c₃，所以K的最大值为2． …（5分）
（2）因为数列{a_n}是“K项可减数列”，
所以a_k-a_t（t=1，2…，K）必定是数列{a_n}中的项，…（7分）
而{a_n}是递增数列，故a_k-a_k＜a_k-a_k-1＜a_k-a_k-2＜…＜a_k-a₁，
所以必有a_k-a_k=a₁，a_k-a_k-1=a₂，a_k-a_k-2=a₃，…，a_k-a₁=a_k，
则a₁+a₂+a₃+…+a_k=（a_k-a_k）+（a_k-a_k-1）+（a_k-a_k-2）+…+（a_k-a₁）=Ka_k-（a₁+a₂+a₃+…+a_k），
所以S_K=Ka_K-S_K，即SK=

K

2

aK．
又由定义知，数列{a_n}也是“t项可减数列”（t=1，2，…，K-1），
所以Sn=

n

2

an(n=1，2，…，K)．                         …（10分）
（3）（2）的逆命题为：
已知数列{a_n}为各项非负的递增数列，若其前n项的和满足Sn=

n

2

an(n=1，2，…，K)，
则该数列一定是“K项可减数列”，该逆命题为真命题．   …（12分）
理由如下：因为Sn=

n

2

an(1≤n≤K），所以当n≥2时，Sn-1=

n-1

2

an-1，
两式相减，得an=Sn-Sn-1=

n

2

an-

n-1

2

an-1，即（n-2）a_n=（n-1）a_n-1（n≥2）（*）
则当n≥3时，有（n-3）a_n-1=（n-2）a_n-2（**）
由（**）-（*），得a_n+a_n-2=2a_n-1（n≥3），
又a1=

1

2

a1，所以a₁=0，故数列a₁，a₂，…，a_K是首项为0的递增等差数列．
设公差为d（d＞0），则a_n=（n-1）d，（n=1，2，…，K），
对于任意的i，j（1≤i≤j≤K），a_j-a_i=（j-i）d=a_j-i+1，
因为1≤1≤j-i+1≤K，所以a_j-a_i仍是a₁，a₂，…，a_K中的项，
故数列{a_n}是“K项可减数列”．                      …（16分）

点评：本题是创新概念题，做题时要紧扣新概念．结合等差数列和等比数列的性质来完成．