Question

2．如图所示，AB为倾角θ=37°的斜面轨道，轨道的AC部分光滑，CB部分粗糙．BP为圆心角等于143°，半径R=1m的竖直光滑圆弧形轨道，两轨道相切于B点，P、0两点在同一竖直线上，轻弹簧一端固定在A点，另一自由端在斜面上C点处，现有一质量m=2kg的物块在外力作用下将弹簧缓慢压缩到D点后（不栓接）释放，物块经过C点后，从C点运动到B点过程中的位移与时间的关系为x=12t-4t²（式中x单位是m，t单位是s），假设物块第一次经过B点后恰能到达P点，（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g取10m/s²）试求：
（1）若CD=1m，物块从D点运动到C点的过程中，弹簧对物块所做的功；
（2）B、C两点间的距离x．
（3）若在P处安装一个竖直弹性挡板，小物块与挡板碰撞时间极短且无机械能损失，小物块与弹
簧相互作用不损失机械能，试通过计算判断物块在第一次与挡板碰撞后的运动过程中是否会脱离轨道？

Answer 1

分析 （1）物块从C点运动到B点过程中的位移与时间的关系x=12t-5t²，将此式与匀变速运动的位移公式进行比较，根据待定系数法可以判断出初速度和加速度的值．对物体运用动能定理求弹簧对物块所做的功．
（2）根据CB段匀减速直线运动的位移时间关系得出物体运动的加速度，从而根据牛顿第二定律求出动摩擦因数，因为物体恰好到达P点，根据牛顿第二定律得出P点的速度，通过机械能守恒定律得出B点的速度，然后通过匀变速直线运动的速度位移公式求出B、C两点间的距离x_BC．
（3）根据动能定理判断物体能否返回时回到与O点等高的位置，若不能回到等高的位置，则小球将不会脱离轨道．

解答 解：（1）将x=12t-4t²和匀变速直线运动的位移公式x=v₀t+$\frac{1}{2}a{t}^{2}$对比，可得物块在C点速度为 v₀=12 m/s，加速度 a=-8m/s²；
设物块从D点运动到C点的过程中，弹簧对物块所做的功为W，由动能定理得：
  W-mg$\overline{CD}$sin37°=$\frac{1}{2}m{v}_{0}^{2}$                            
代入数据得：W=156J                                       
（2）物块在CB段，根据牛顿第二定律，F=ma  得 F=16N
物块在P点的速度满足 mg=m$\frac{{v}_{P}^{2}}{R}$              
C到P的过程，由动能定理得：Fx-mgR（1+sin53°）=$\frac{1}{2}m{v}_{p}^{2}$-$\frac{1}{2}m{v}_{0}^{2}$
综上解得：x=$\frac{49}{8}$m=6.125m            
（3）假设物块第一次从圆弧轨道返回并与弹簧相互作用后，能够回到与O点等高的位置Q点，且设其速度为为v_Q，由动能定理得：
  $\frac{1}{2}m{v}_{Q}^{2}$-$\frac{1}{2}m{v}_{P}^{2}$=mgR-2μmgxcos37°
又 mgsin37θ+μmgcosθ=ma，解得 μ=0.25
联立解得 ${v}_{Q}^{2}$=-19＜0
可见物块返回后不能到达Q点，故物块在以后的运动过程中不会脱离轨道．
答：（1）物块从D点运动到C点的过程中，弹簧对物块所做的功是156J；
（2）B、C两点间的距离x是6.125m；
（3）物块在第一次与挡板碰撞后的运动过程中不会脱离轨道．

点评 本题综合考查了动能定理、机械能守恒定律以及牛顿第二定律，对学生的能力要求较高，关键理清物体的运动情况，掌握临界条件，选择合适的规律进行求解．