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    7．如图所示，由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板N与静电计的金属球相接，极板M与静电计的外壳均接地．给电容器充电，静电计指针张开一定角度．以下实验过程中电容器所带电荷量可认为不变．下面操作能使静电计指针张角变小的是（　　）
    A．将M板向上平移B．将M板沿水平方向向左背离N板
    C．在M、N之间插入有机玻璃板D．把接地的两根导线直接相连

    分析 静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大；由C=$\frac{?S}{4πkd}$，分析电容的变化，根据C=$\frac{Q}{U}$分析电压U的变化．

    解答 解：A、将M板向上平移，正对面积S减小，根据C=$\frac{?S}{4πkd}$，电容减小；Q一定，根据C=$\frac{Q}{U}$电压增加；故静电计指针张角变大；故A错误；
    B、将M板沿水平向右方向背离N板，极板间距d变大，根据根据C=$\frac{?S}{4πkd}$，电容减小；Q一定，根据C=$\frac{Q}{U}$电压增大；故静电计指针张角变大；故B错误；
    C、在M、N之间插入机玻璃板，根据根据C=$\frac{?S}{4πkd}$，电容变大；Q一定，根据C=$\frac{Q}{U}$电压减小；故静电计指针张角变小；故C正确；
    D、将接地的两根导线直接相连，与原来的一样，静电计的指针张角不变；故D错误；
    故选：C．

    点评 本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式．

    练习册系列答案
    年级 高中课程 年级 初中课程
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    16．2014年3月8日凌晨马航客机失联后，西安卫星测控中心紧急调到海洋、风云、高分、遥感4个型号近10颗卫星，为地面搜救提供技术支持．特别是“高分一号”突破了空间分辨率、多光谱与大覆盖面积相结合的大量关键技术．如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图．“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动．卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，“高分一号”在C位置．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．则以下说法正确的是（　　）
    A．卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等均为$\frac{R}{r}$g
    B．卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为$\frac{πr}{3R}$$\sqrt{\frac{r}{g}}$
    C．如果调动卫星“G1”快速追上卫星“G3”，必须对其加速
    D．若“高分一号”所在高度处有稀薄气体，则运行一段时间后，机械能会增大

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    科目：高中物理 来源： 题型：填空题

    17．如图所示，为一空间探测器的示意图，P1、P2、P3、P4是四个喷气发动机，P1、P3的连线与空间一固定坐标系的x轴平行，P2、P4的连线与y轴平行．每台发动机开动时，都能向探测器提供推力，但不会使探测器转动．开始时，探测器以恒定速率v0向正x方向平移．
    （1）单独分别开动P1、P2、P3、P4，探测器将分别做什么运动？
    （2）单独开动P2与P4，探测器的运动有什么不同．

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    科目：高中物理 来源： 题型：选择题

    15．以下关于实验的说法，正确的是（　　）
    A．在“验证力平行四边形定则”的实验和“探宄加速度与力、质量的关系”的实验时，用到的主要物理方法是控制变量法
    B．凡是涉及到利用打点计时器测量加速度的实验，为了减少实验误差，平衡摩擦力都是必须的
    C．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，沙子和小桶的总质量必须远小于小车与车上的砝码的总质量
    D．在“验证力平行四边形”的实验中，用两只测力计和用一只测力计拉橡皮筋时，只要橡皮筋的伸长量相同就可以

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    2．如图甲所示，将阻值为R=5Ω的电阻接到内阻不计的正弦交变电源上，电流随时间变化的规律如图乙所示，下列说法正确的是（　　）
    A．电阻R两端电压变化规律的函数表达式为u=2.5sin200πt（V）
    B．电阻R消耗的电功率为0.625W
    C．若此交变电流由一矩形线框在匀强磁场中匀速转动产生，如图丙所示，当线圈的转速提升一倍时，电流表的示数为1A
    D．图乙交变电流与图丁所示电流比较，其有效值之比为$\frac{1}{\sqrt{2}}$

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    12．在静电场中有关电场强度，电势，电势能说法正确的是（　　）
    A．电势降落最快的方向必定是场强的方向
    B．电荷在电场中受力的方向必为场强的方向
    C．同一电荷在电势越高的地方电势能越大
    D．电场强度为零的地方，电势和电势能也为零

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    19．一矩形导体线框在匀强磁场中绕轴匀速转动，某时刻恰好转到图中所示位置，则（　　）
    A．此时通过线框的磁通量为零，线框中的感应电流即将改变方向
    B．此时线框两条边虽然在切割磁感线，但运动方向相反，线框回路感应电动势为零
    C．线框从此位置再转动45°时，线框中的感应电流瞬时值将等于有效值
    D．若线框加快转动速度，线框中产生交流电的频率和电流强度都会变大

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    16．对牛顿第二定律的理解错误的是（　　）
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    A．小球的速度一直减小B．小球的速度先增大后减小为零
    C．小球的加速度方向保持不变D．小球所受的合力先减小后增大

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