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【题目】如图,抛物线y=x2+bx+c与x轴交于A(﹣1,0)和B(3,0)两点,与y轴交于点C,对称轴与x轴交于点E,点D为顶点,连接BD、CD、BC.

(1)求证△BCD是直角三角形;
(2)点P为线段BD上一点,若∠PCO+∠CDB=180°,求点P的坐标;
(3)点M为抛物线上一点,作MN⊥CD,交直线CD于点N,若∠CMN=∠BDE,请直接写出所有符合条件的点M的坐标.

【答案】
(1)

解:把A(﹣1,0)和B(3,0)两点代入抛物线y=x2+bx+c中得:

解得:

∴抛物线的解析式为:y=x2﹣2x﹣3=(x﹣1)2﹣4,

∴C(0,﹣3),D(1,﹣4),

由勾股定理得:BC2=32+32=18,

CD2=12+(4﹣3)2=2,

BD2=(3﹣1)2+42=20,

∴CD2+BC2=BD2

即∠BCD=90°,

∴△BCD是直角三角形


(2)

解:作PQ⊥OC于点Q,

∴∠PQC=90°,

∵∠PCO+∠CDB=180°,

∠PCO+∠PCQ=180°,

∴∠CDB=∠PCQ,

∵∠PQC=∠BCD=90°,

∴△PCQ∽△BDC,

=3,

∴PQ=3CQ,

设CQ=m,则PQ=3m,

设P(3m,﹣3﹣m),

设直线BD的解析式为:y=kx+b,

把B(3,0)、D(1,﹣4)代入得:

解得:

∴直线BD的解析式为:y=2x﹣6,

将点P的坐标代入直线BD:y=2x﹣6得:

﹣3﹣m=2×3m﹣6,

m=

∴3m= ,﹣3﹣m=﹣3﹣ =﹣

∴P( ,﹣ );


(3)

解:∵∠CMN=∠BDE,

∴tan∠BDE=tan∠CMN= =

同理可求得:CD的解析式为:y=﹣x﹣3,

设N(a,﹣a﹣3),M(x,x2﹣2x﹣3),

①如图2,过N作GF∥y轴,过M作MG⊥GF于G,过C作CF⊥GF于F,

则△MGN∽△NFC,

=

=2,

∴x1=0(舍),x2=5,

当x=5时,x2﹣2x﹣3=12,

∴M(5,12),

②如图3,过N作FG∥x轴,交y轴于F,过M作MG⊥GF于G,

∴△CFN∽△NGM,

=

= =

∴x1=0(舍),x2=

当x= 时,y=x2﹣2x﹣3=﹣

∴M( ,﹣ ),

综上所述,点M的坐标(5,12)或( ,﹣ ).


【解析】(1)先利用待定系数法求二次函数的解析式,并配方成顶点式求顶点D的坐标,和与y轴的交点C的坐标,由勾股定理计算△BDC三边的平方,利用勾股定理的逆定理证明△BCD是直角三角形;(2)作辅助线,构建直角三角形PCQ与直角三角形BDC相似,根据比例式表示出点P的坐标,利用待定系数法求直线BD的解析式,因为点P为线段BD上一点,代入直线BD的解析式列方程可求出点P的坐标;(3)同理求直线CD的解析式为:y=﹣x﹣3,由此表示点N的坐标为(a,﹣a﹣3),因为M在抛物线上,所以设M(x,x2﹣2x﹣3),根据同角的三角函数得:tan∠BDE=tan∠CMN= ,则
如图2,证明△MGN∽△NFC,列比例式可得方程组解出即可;
如图3,证明△CFN∽△NGM,列比例式可得方程组解出即可.
【考点精析】解答此题的关键在于理解二次函数的性质的相关知识,掌握增减性:当a>0时,对称轴左边,y随x增大而减小;对称轴右边,y随x增大而增大;当a<0时,对称轴左边,y随x增大而增大;对称轴右边,y随x增大而减小.

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