Question

已知函数f（x）=e^x，g（x）=lnx，
（1）求证：f（x）≥x+1；
（2）设x₀＞1，求证：存在唯一的x₀使得g（x）图象在点A（x₀，g（x₀））处的切线l与y=f（x）图象也相切；
（3）求证：对任意给定的正数a，总存在正数x，使得|

f(x)-1

x

-1|＜a成立．

Answer 1

考点：利用导数研究曲线上某点切线方程,利用导数求闭区间上函数的最值

专题：

分析：（1）构造函数F（x）=e^x-x-1，求函数的导数即可证明f（x）≥x+1；
（2）求函数的导数，利用导数的几何意义即可证明存在唯一的x₀使得g（x）图象在点A（x₀，g（x₀））处的切线l与y=f（x）图象也相切；
（3）求函数的导数，利用导数和不等式之间的关系即可证明对任意给定的正数a，总存在正数x，使得|

f(x)-1

x

-1|＜a成立．

解答： 解：（1）令F（x）=e^x-x-1，x∈R，
∵F'（x）=e^x-1=0得x=0，∴当x＞0时F'（x）＞0，F（x）递增；
当x＜0时F'（x）＜0，F（x）递减；∴F（x）_min=F（0）=0，
由最小值定义得F（x）≥F（x）_min=0即e^x≥x+1．
（2）g（x）在x=x₀处切线方程为y=

1

x0

x+lnx0-1①
设直线l与y=e^x图象相切于点(x1，ex1)，则l：y=ex1x+ex1(1-x1)②，
由①②得

1 x0 =ex1 (3) lnx0=ex1(1-x1) (4)

，
∴lnx0-

x0+1

x0-1

=0⑤
下证x₀在（1，+∞）上存在且唯一．
令G(x)=lnx-

x+1

x-1

(x＞1)，G′(x)=

x2+1

x(x-1)2

＞0，
∴G（x）在（1，+∞）上递增．
又G(e)=

-2

e-1

＜0，G(e2)=

e2-3

e2-1

＞0，G（x）图象连续，∴存在唯一x₀∈（1，+∞）使⑤式成立，从而由③④可确立x₁．故得证．
（1）由（1）知

f(x)-1

x

-1＞0即证当a＞0时不等式e^x-1-x＜ax即e^x-ax-x-1＜0在（0，+∞）上有解．
令H（x）=e^x-ax-x-1，即证H（x）_min＜0，
由H'（x）=e^x-a-1=0得x=ln（a+1）＞0．
当0＜x＜ln（a+1）时，H'（x）＜0，H（x）递减，
当x＞ln（a+1）时，H'（x）＞0，H（x）递增．
∴H（x）_min=H（ln（a+1））=a+1-aln（a+1）-ln（a+1）-1．
令V（x）=x-xlnx-1，其中x=a+1＞1
则V'（x）=1-（1+lnx）=-lnx＜0，
∴V（x）递减，∴V（x）＜V（1）=0．
综上得证．

点评：本题主要考查导数的综合应用，综合性较强，运算量较大．